Question

6．在倾角为θ的固定光滑斜面上有两个用轻弹簧相连接的物块A、B，它们的质量分别为m₁、m₂，弹簧劲度系数为k，C为一固定挡板，系统处于静止状态．现用一平行斜面向上的恒力F拉物块A使之向上运动，当物块B刚要离开挡板C时，物块A运动的距离为d，速度为v．则此时不正确（　　）

• A． 拉力做功的瞬时功率为Fvsin θ
• B． 物块B满足m₂gsin θ=kd
• C． 物块A的加速度为$\frac{F-kd}{{m}_{1}}$
• D． 弹簧弹性势能的增加量为Fd-$\frac{1}{2}$m₁v²

Answer 1

分析 当B刚离开C时，弹簧的弹力等于B的重力沿斜面下的分力，根据胡克定律求解出弹簧的伸长量；根据牛顿第二定律求出物块A的加速度大小；根据机械能守恒定律求解A的速度．

解答 解：A、由于拉力F与速度v同向，所以拉力的瞬时功率为 P=Fv，故A不正确；
B、开始系统处于静止状态，弹簧弹力等于A的重力沿斜面向下的分力，当B刚离开C时，弹簧的弹力等于B的重力沿斜面下的分力，故m₂gsinθ=kx₂，但由于开始是弹簧是压缩的，故d＞x₂，故m₂gsinθ＜kd，故B不正确；
C、当B刚离开C时，对A，根据牛顿第二定律得：F-m₁gsinθ-kx₂=m₁a₁，又开始时，A平衡，则有：m₁gsinθ=kx₁，而d=x₁+x₂，解得物块A加速度为a₁=$\frac{F-kd}{{m}_{1}}$，故C正确；
D、根据功能关系，弹簧弹性势能的增加量等于拉力的功减去系统动能和重力势能的增加量，即为：△E_P=F•d-m₁gdsinθ-$\frac{1}{2}$m₁v²，故D不正确．
本题选择错误的，故选：ABD．

点评 含有弹簧的问题，往往要研究弹簧的状态，分析物块的位移与弹簧压缩量和伸长量的关系是常用思路．