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    （2013?静安区二模）关于点电荷周围电势大小的公式为U=kQ/r，式中常量k＞0，Q为点电荷所带的电量，r为电场中某点距点电荷的距离．如图所示，两个带电量均为+q的小球B、C，由一根长为L的绝缘细杆连接，并被一根轻质绝缘细线静止地悬挂在固定的小球A上，C球离地的竖直高度也为L．开始时小球A不带电，此时细线内的张力为T0；当小球A带Q1的电量时，细线内的张力减小为T1；当小球A带Q2的电量时，细线内的张力大于T0．
    （1）分别指出小球A带Q1、Q2的电荷时电量的正负；
    （2）求小球A分别带Q1、Q2的电荷时，两小球B、C整体受到小球A的库仑力F1与F2大小之比；
    （3）当小球A带Q3的电量时细线恰好断裂，在此瞬间B、C两带电小球的加速度大小为a，求Q3；
    （4）在小球A带Q3（视为已知）电量情况下，若B球最初离A球的距离为L，在细线断裂到C球着地的过程中，小球A的电场力对B、C两小球整体做功为多少？（设B、C两小球在运动过程中没有发生转动）
    分析：（1）对B、C整体分析，根据平衡条件判断．
    （2）根据库仑定律表示出两小球B、C整体受到小球A的库仑力求解
    （3）细线断裂时和球A不带电时根据牛顿第二定律列出等式求解
    （4）小球A的电场力对B、C两小球整体做功等于各自做功的代数和．
    解答：解：（1）对B、C整体分析，当小球A带Q1的电量时，细线内的张力减小为T1；
    根据平衡条件得小球A带Q1电荷时电量为负，
    当小球A带Q2的电量时，细线内的张力大于T0．根据平衡条件得小球A带Q2电荷时电量为正．                       
    （2）根据库仑定律得
    F1=
    kQ1q
    r
    2
    B
    +
    kQ1q
    r
    2
    C

    F2=
    kQ2q
    r
    2
    B
    +
    kQ2q
    r
    2
    C
    ，
    F1
    F2
    =
    Q1
    Q2
    ．                                               
    （3）细线断裂时（加速）
    根据牛顿第二定律得：
    GBC+F3=mBCa┅①，
    球A不带电时（平衡）
    根据平衡条件得：
    GBC=T0┅②，
    由①、②式，可得F3=
    T0a
    g
    -T0┅③．
    运用（2）的结论，得
    T0-T1
    F3
    =
    Q1
    Q3
    ┅④，
    再利用③、④式，得
    Q3=
    T0(a-g)
    (T0-T1)g
         Q1．                    
    （4）小球A的电场力对B、C两小球整体做功等于各自做功的代数和．
    W=WAB+WAC
    WAB=（
    kQ3
    L
    -
    kQ3
    2L
    ）q
    WAC=（
    kQ3
    2L
    -
    kQ3
    3L
    ）q，
    W=
    2kQ3q
    3L
    ．
    答：（1）小球A带Q1电荷时电量为负，小球A带Q2电荷时电量为正；
    （2）小球A分别带Q1、Q2的电荷时，两小球B、C整体受到小球A的库仑力F1与F2大小之比是
    Q1
    Q2
    ；
    （3）当小球A带Q3的电量时细线恰好断裂，在此瞬间B、C两带电小球的加速度大小为a，Q3是=
    T0(a-g)
    (T0-T1)g
         Q1．     
    （4）在小球A带Q3（视为已知）电量情况下，若B球最初离A球的距离为L，在细线断裂到C球着地的过程中，小球A的电场力对B、C两小球整体做功为
    2kQ3q
    3L
    ．
    点评：解决本题的关键理清带电系统在整个过程中的运动情况，结合牛顿第二定律、运动学公式综合求解．
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    右偏
    右偏
    （填：左偏、右偏或者不偏）．
    （2）线圈A放在B中不动时，指针将
    不偏
    不偏
    （填：左偏、右偏或者不偏）．
    （3）线圈A放在B中不动，将滑动变阻器的滑片P向左滑动时，电流表指针将
    右偏
    右偏
    （填：左偏、右偏或者不偏）．
    （4）线圈A放在B中不动，突然断开S．电流表指针将
    左偏
    左偏
    （填：左偏、右偏或者不偏）．

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