分析 完全相同的导电小球相互接触后,电量先中和后平分,平衡后,两球都处于平衡状态,对其中一个球受力分析,根据平衡条件求解A球所受的静电力和电荷量大小.
解答 解:A球与玻璃棒接触后带了正点,与B接触后,A、B球的带电量相等,设为q,
对A球受力分析,设悬挂A的细线与竖直方向的夹角为θ,如图所示:
根据几何关系得:sinθ=$\frac{\frac{L}{2}}{l}=\frac{0.06}{0.1}=0.6$,
则tanθ=$\frac{3}{4}$,
根据平衡条件得:tanθ=$\frac{F}{mg}=\frac{k\frac{{q}^{2}}{{L}^{2}}}{mg}$,
带入数据解得:F=6.0×10-3N,q=4$\sqrt{6}$×10-8C,
答:(1)A球所受的静电力为6.0×10-3N;
(2)B球所带的电荷量为4$\sqrt{6}$×10-8C.
点评 本题主要考查了共点力平衡条件以及库仑定律的直接应用,要求同学们能正确分析物体的受力情况,特别注意完全相同的导电小球相互接触后,电量先中和后平分,难度适中.
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A. | 环状物质是该行星的组成部分 | |
B. | 行星表面的重力加速度$g=\frac{υ_0^2}{R}$ | |
C. | 该行星除去环状物质部分后的质量$M=\frac{υ_0^2R}{G}$ | |
D. | 该行星的自转周期$T=\frac{2π(R+d)}{υ_1}$ |
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A. | 1秒时的加速度为2.5m/s2 | |
B. | 加速阶段的加速度比减速阶段的加速度小 | |
C. | 6秒到8秒物体的位移在减小 | |
D. | 8秒内物体的位移为27.5m |
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