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    4．如图所示，在xOy平面内，x轴上方有沿y轴向上的足够大的匀强电场，电场的下边界为y1=0.5m的直线，在y轴上y2=1.0m处有一放射源S，x轴上有一个足够大的荧光屏，放射源S在如图180°范围内，发射初速度v0=200m/s的电子，整个装置放在真空中，已知场强大小为9.3×10-7V/m，电子质量为9.3×10-31kg，电量为1.6×10-19C求：
    （1）每个电子打到荧光屏上的动能及电子打到荧光屏上的范围．
    （2）若x轴上方沿y1=0.5m向上是足够大垂直纸面向外的匀强磁场，其磁感应强度B=2.325×10-9T，然后将荧光屏至于y1=0.5m处现假设粒子源所释放的粒子能向各个方向运动，求电子打在荧光屏上的范围．可能用到的数据$\sqrt{1.25}$=1.12．

    分析 （1）电场力对电子做功，应用动能定理求出电子到达荧光屏的动能；求出电子到达荧光屏的临界坐标值，然后求出其范围．
    （2）电子在磁场中做匀速圆周运动，由牛顿第二定律求出粒子的轨道半径，然后确定电子打在荧光屏上的范围．

    解答 解：电子所受重力G=mg=9.3×10-30N，
    电子所受电场力：F=eE=1.488×10-25N，
    粒子所示洛伦兹力：f=ev0B，f=7.44×10-22N，
    电场力与洛伦兹力都远大于重力，重力可忽略不计；
    （1）电场对电子做正功，由动能定理得：
    eEd=EK-$\frac{1}{2}$mv02，其中电场宽度：d=y2-y2=1-0.5=0.5m，
    代入数据解得：EK=9.3×10-26J；
    水平向右射出的电子在电场中做类平抛运动，
    竖直方向：d=$\frac{1}{2}$$\frac{eE}{m}$t2，水平方向：x1=v0t，
    粒子电场时，竖直方向分速度：vy=$\frac{eE}{m}$t，
    代入数据解得：x1=0.5m，vy=400m/s，
    电子粒子电场后做匀速直线运动，
    竖直方向：y1=vyt′，代入数据解得：t′=1.25×10-3s，
    水平方向：x2=v0t′=200×1.25×10-3=0.25m，
    则水平向左射出的电子到达荧光屏时的横坐标：x=x1+x2=0.75m，
    由对称性可知，水平向右射出的电子到达荧光屏时的坐标值：x′=-0.75m，
    则电子打到荧光屏上的范围是：-0.75m≤x≤0.75m；
    （2）粒子在磁场中做匀速圆周运动，洛伦兹力提供向心力，
    由牛顿第二定律得：ev0B=m$\frac{{v}_{0}^{2}}{r}$，代入数据解得：r=5×10-5m，
    由左手定则可知，电子在磁场中沿逆时针方向做圆周运动，
    由于2r=2×5×10-5m=1×10-4m＜d=0.5m，
    所有电子都不会穿出磁场打在荧光屏上，打在荧光屏上的电子范围为零．
    答：（1）每个电子打到荧光屏上的动能为9.3×10-26J，电子打到荧光屏上的范围是：-0.75m≤x≤0.75m；
    （2）若在原电场区域撤去电场，加一个垂直纸面向外的匀强磁场，且B=2.325×10-5T，电子不会打在荧光屏上．

    点评 本题考查了电子在电场与磁场中的运动，分析清楚电子的运动过程，应用动能定理、类平抛运动规律、运动的合成与分解、牛顿第二定律即可正确解题，解题时要注意，电场力对电子做功与运动路径无关，取决于电子电荷量与两点间的电势差．

    练习册系列答案
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