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    精英家教网质量M=3.0kg的长木板置于光滑水平面上，木板左侧放置一质量m=1.0kg的木块，右侧固定一轻弹簧，处于原长状态，弹簧正下方部分的木板上表面光滑，其它部分的木板上表面粗糙，如图所示．现给木块v0=4.0m/s的初速度，使之向右运动，在木板与木块向右运动过程中，当木板和木块达到共速时，木板恰与墙壁相碰，碰撞过程时间极短，木板速度的方向改变，大小不变，最后木块恰好在木板的左端与木板相对静止．求：
    （1）木板与墙壁相碰时的速度v1；
    （2）整个过程中弹簧所具有的弹性势能的最大值Epm．
    分析：（1）以木板与木块组成的系统为研究对象，在它们打到速度相等的过程中，系统动量守恒，由动量守恒定律可以求出它们的共同速度．
    （2）当木板与木块速度相同时，弹簧的压缩量最大，弹簧弹性势能最大，由动量守恒电路与能量守恒定律列方程，在木块与弹簧分离后到两者速度再次相等时，应用动量守恒定律与能量守恒定律列方程，解方程组可以求出弹簧的最大弹性势能．
    解答：解：（1）以木块与木板组成的系统为研究对象，从木块开始运动到两者速度相同的过程中，系统动量守恒，由动量守恒定律可得：mv0=（M+m）v1，解得v1=1m/s．
    （2）木板与墙壁碰后返回，木块压缩弹簧，当弹簧压缩到最短时，木块与木板速度相等，在此过程中 两者组成的系统动量守恒，由动量守恒定律可得：Mv1-mv1=（M+m）v2，解得：v2=0.5m/s；
    当弹簧压缩到最短时，弹簧弹性势能最大，由能量守恒定律可得：
    1
    2
    mv02=
    1
    2
    （M+m）v22+EPm+Q，
    当木块到达木板最左端时两者速度相等，在此过程中，系统动量守恒，
    由动量守恒定律可得：Mv1-mv1=（M+m）v3，解得：v3=0.5m/s；
    从木块开始运动到木块再回到木板最左端的整个过程中，
    由能量守恒定律可得：
    1
    2
    mv02=
    1
    2
    （M+m）v32+2Q，
    解得：Q=3.75J，EPm=3.75J；
    答：（1）木板与墙壁相碰时的速度v1=1m/s．
    （2）整个过程中弹簧所具有的弹性势能的最大值Epm=3.75J．
    点评：分析物体的运动过程，熟练应用动量守恒定律与能量守恒定律，即可正确解题；分析清楚物体的运动过程是正确解题的关键．
    练习册系列答案
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    40
    		3
    40
    		3
    J，重力做的功为
    -30
    -30
    J．

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    174
    174
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    （1）小物块A速度达到最大时的位置；
    （2）弹簧弹性势能的最大值；
    （3）小物块A克服摩擦力所做的功．

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