分析 (1)上升过程中,重力和摩擦力都做负功,根据动能定理求物体上升的最大位移.
(2)从开始上升到再次下滑到最低点的整个过程中,重力做功为零,再根据动能定理求物体再滑到斜面底端时的速度大小.
(3)根据牛顿第二定律求出物体上滑和下滑的加速度,根据位移时间关系式分别求出上滑和下滑时间,再画出图象
解答 解:(1)上升过程中,重力和摩擦力做负功,根据动能定理可得
$-mgxsin37°-μmgcos37°•x=0-\frac{1}{2}mv_0^2$
解得物体上升的最大位移 x=5m
(2)从开始上升到再次下滑到最低点过程中,重力做功为零,根据动能定理可得
$-μmgcos37°•2x=\frac{1}{2}m{v^2}-\frac{1}{2}mv_0^2$
解得物体再滑到斜面底端时的速度大小 $v=2\sqrt{5}m/s$
(3)上滑过程中,物体做匀减速直线运动,根据牛顿第二定律可得
mgsin37°+μmgcos37°=ma1
上滑所有时间 $x=\frac{1}{2}{a_1}t_1^2$
联立解得 t1=1s,即上滑过程中初速度为10m/s,末速度为零,所用时间为1s.
下滑过程中,物体做匀加速直线运动,根据牛顿第二定律可得
-mgsin37°+μmgcos37°=ma2
下滑所用时间 $x=\frac{1}{2}{a_2}t_2^2$
联立解得 ${t_2}=\sqrt{5}s$,即下滑过程中初速度为0,末速度为$v=2\sqrt{5}m/s$,所用时间为$\sqrt{5}s$
作图如图所示.
答:
(1)物体上升的最大位移是5m.
(2)物体再滑到斜面底端时的速度大小是2$\sqrt{5}$m/s.
(3)如图所示.
点评 本题涉及力在空间的积累效果,运用动能定理解答比较简便,也可以就根据牛顿第二定律和运动学公式结合解答.
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A. | 1.5d | B. | 2d | C. | d | D. | 3d |
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A. | P做变加速直线运动 | |
B. | 有一段过程,P的加速度逐渐增大,速度也逐渐增大 | |
C. | P的加速度大小不变,但方向改变一次 | |
D. | P的加速度大小不断改变,当加速度数值最大时,速度最小 |
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A. | 电流表的示数为$\frac{\sqrt{2}}{2}$A | B. | 副线圈中电流的最大值为$\sqrt{2}$A | ||
C. | 副线圈中电流表的有效值为$\sqrt{2}$A | D. | 电压表的示数为10V |
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A. | 落回A点时机械能为60J | |
B. | 在最高点时机械能为90J | |
C. | 受到的空气阻力与重力大小之比为1:4 | |
D. | 上升过程与下落过程加速度大小之比为2:1 |
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A. | 饱和汽压根热力学温度成正比 | |
B. | 温度一定时,饱和汽的密度为一定值,温度升高,饱和汽的密度增大 | |
C. | 空气的相对湿度定义为水的饱和汽压与相对温度时空气中所含水蒸气的压强之比 | |
D. | 空气的相对湿度越大,空气中水蒸气的压强越接近饱和汽压 |
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