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3.如图所示,一轻弹簧一端与竖直墙壁相连,另一端放在光滑水平面上的长木板左端接触,轻弹簧处于原长,长木板的质量为M,一物块以初速度v0从长木板的右端像左滑上长木板,在上木板向左运动的过程中,物块一直相对于木板向左滑动,物块的质量为m,物块与长木板间的动摩擦因数为μ,轻弹簧的劲度系数为k,当弹簧的压缩量达到最大时,物块刚好滑到长木板的中点,且相对于木板的速度刚好为零,此时弹簧获得的最大弹性势能为Ep.(已知弹簧形变量为x,弹力做功W=$\frac{1}{2}$kx2)求:
(1)物块滑上长木板的一瞬间,长木板的加速度大小;
(2)长木板向左运动的最大速度;
(3)长木板的长度.

分析 (1)物块在长木板滑动时,长木板受到的合外力等于滑块对长木板的摩擦力,由牛顿第二定律求出长木板的加速度.
(2)当长木板向左运动的最大速度时,弹簧的弹力等于滑块对长木板的摩擦力,由胡克定律求弹簧的压缩量.长木板从开始运动到速度最大的过程,运用动能定理求最大速度.
(3)当弹簧的压缩量达到最大时,木板的速度为零,木块的速度也为零,根据能量守恒定律求长木板的长度.

解答 解:(1)物块滑上长木板时,长木板受到的合外力等于滑块对长木板的摩擦力,由牛顿第二定律得:
  μmg=Ma
解得,长木板的加速度 a=$\frac{μmg}{M}$
(2)当长木板向左运动的最大速度时,弹簧的弹力等于滑块对长木板的摩擦力,即
   kx=μmg
得 x=$\frac{μmg}{k}$
长木板从开始运动到速度最大的过程,设最大速度为v,由动能定理得:
  μmgx-$\frac{1}{2}$kx2=$\frac{1}{2}M{v}^{2}$
解得  v=$\frac{μmg}{kM}$$\sqrt{kM}$
(3)当弹簧的压缩量达到最大时,木板的速度为零,木块的速度也为零,设长木板的长度为L,根据能量守恒定律得
   $\frac{1}{2}m{v}_{0}^{2}$=μmg$•\frac{L}{2}$+Ep
解得  L=$\frac{m{v}_{0}^{2}-{E}_{p}}{μmg}$
答:
(1)物块滑上长木板的一瞬间,长木板的加速度大小为$\frac{μmg}{M}$;
(2)长木板向左运动的最大速度为$\frac{μmg}{kM}$$\sqrt{kM}$;
(3)长木板的长度为$\frac{m{v}_{0}^{2}-{E}_{p}}{μmg}$.

点评 本题关键明确系统的运动规律,抓住弹簧的压缩量达到最大时,木板和木块的速度均为零,运用牛顿第二定律、能量守恒定律和动能定理列式研究.

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