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17.回旋加速器的原理是:交流电的周期和粒子做圆周运动的周期相同,粒子在圆周运动的过程中一次一次地经过D型盒缝隙,两盒间的电势差一次一次地反向,粒子就会被一次一次的加速,则粒子获得的最大动能E=$\frac{{q}^{2}{B}^{2}{R}^{2}}{2m}$,可见粒子获得最大动能是由磁感应强度B和D型盒的半径R决定,与加速电压无关.

分析 交流电源的周期必须和粒子在磁场中运动的周期一致,当粒子的轨迹半径达到最大时速度最大,由牛顿第二定律求出最大速度,从而得到最大动能E.

解答 解:回旋加速器的原理是:交流电的周期和粒子做圆周运动的周期相同,粒子在圆周运动的过程中一次一次地经过D型盒缝隙,两盒间的电势差一次一次地反向,粒子就会被一次一次的加速,设粒子获得的最大速度为v.
由qvB=m$\frac{{v}^{2}}{R}$,v=$\frac{qBR}{m}$
粒子获得的最大动能 E=$\frac{1}{2}m{v}^{2}$=$\frac{{q}^{2}{B}^{2}{R}^{2}}{2m}$,可见粒子获得最大动能是由磁感应强度B和D型盒的半径R决定,与加速电压无关.
故答案为:相同,$\frac{{q}^{2}{B}^{2}{R}^{2}}{2m}$,磁感应强度B,无关.

点评 本题考查了回旋加速器的原理,特别要记住粒子获得的最大动能是由D型盒的半径决定的.

练习册系列答案
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科目:高中物理 来源: 题型:选择题

7.电磁铁的应用相当广泛,它是利用电流周围产生磁场的原理工作的,最先发现电流周围存在磁场的科学家是(  )
A.库仑B.奥斯特C.麦克斯韦D.亚里士多德

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8.如图所示,电流表、电压表均为理想电表,L为小电珠.R为滑动变阻器,电源电动势为E,内阻为r.现将开关S闭合,当滑动变阻器滑片P向右移动时,下列结论正确的是(  )
A.电流表示数变大,电压表示数变大B.小电珠L变暗
C.电容器C上电荷量减小D.电源的总功率变小

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5.下列各图中标出了匀强磁场中通电直导线受安培力的方向,正确的是(  )
A.B.C.D.

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12.如图所示,有一质量为M的光滑大圆环,半径为R,被一竖直轻杆固定后悬挂在O点,有两个质量均为m的小环(可视为质点),同时从大环两侧的对称位置由静止滑下,两小环同时滑到大环底部时速度都为v,此时大圆环对轻杆的拉力大小为(  )
A.Mg+2mg+2m$\frac{{v}^{2}}{R}$B.Mg+2m$\frac{{v}^{2}}{R}$C.Mg+2mgD.Mg+2mg-2m$\frac{{v}^{2}}{R}$

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2.甲、乙两物体的v-t图象如图所示,则错误的是(  )
A.甲、乙两物体都做匀速直线运动
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C.甲的速率大于乙的速率
D.甲、乙两物体即使在同一直线上,也不一定会相遇

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9.以下是一位同学做“探究形变与弹力的关系”的实验.
(1)下列的实验步骤是这位同学准备完成的,请你帮这位同学按操作的先后顺序,用字母排列出来是:CBDA.
A.以弹簧伸长量为横坐标,以弹力为纵坐标,描出各组数据(x,F)对应的点,并用平滑的曲线连结起来.
B.记下弹簧不挂钩码时,其下端在刻度尺上的刻度l0
C.将铁架台固定于桌子上,并将弹簧的一端系于横梁上,在弹簧附近竖直固定一刻度尺
D.依次在弹簧下端挂上l个、2个、3个、4个…钩码,并分别记下钩码静止时,弹簧下端所对应的刻度并记录在表格内,然后取下钩码
(2)表是这位同学探究弹力大小与弹簧伸长量之间的关系所得到的几组数据,在坐标图上作出F-x图线.
弹力(F/N)0.51.O1.52.O2.5
弹簧原来长度 (l0/cm)1515151515
弹簧后来长度(l/cm)16.017.018.019.020.0
弹簧伸长长度(x/cm)1.02.03.04.05.0

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6.如图所示为多用电表的刻度盘.若选用倍率为“×100”的电阻挡测电阻时,表针指示如图所示,则:

(1)所测电阻的阻值为1500Ω;如果要用此多用电表测量一个阻值约为2.0×104Ω的电阻,为了使测量结果比较精确,应选用的欧姆挡是×1k(选填“×10”、“×100”或“×1k”).
(2)用此多用电表进行测量,当选用量程为50mA的电流挡测量电流时,表针指于图示位置,则所测电流为31.0mA;当选用量程为250mA的电流挡测量电流时,表针指于图示位置,则所测电流为155mA.
(3)当选用量程为10V的电压挡测量电压时,表针也指于图示位置,则所测电压为6.2V.

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20.在光滑的水平面上,质量m1=4kg 的球以速度v1=10m/s和静止的质量为m2=5kg的球发生正碰,碰后m2的速度v2=8.8m/s,则(  )
A.碰后m1以1m/s的速率继续向前运动B.碰后m1以1m/s的速率反弹
C.两球发生的是完全非弹性碰撞D.碰后m1立即停下

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