Question

如图所示，发电机两极分别与两块垂直于纸面固定放置的平行金属板连接，两板间距为d，现使发电机线圈绕OO'轴以角速度ω=π/2匀速转动，从O往O'看是逆时针转动． 从图示时刻开始计时，此时在平板之间中心静止释放一个电荷量为q的微粒（重力不计），若第1秒内位移大小是S，则以下说法正确的是（　　）

• A、第2秒内上极板为正极
• B、第3秒内上极板为正极
• C、第2秒末微粒距离原来位置距离为S
• D、第3秒末两极板之间的电场强度为零

Answer 1

分析：根据楞次定律判断感应电流的方向，确定电容器极板的电性；根据牛顿运动定律分析粒子的运动．

解答：解：A、B、发电机线圈绕OO'轴以角速度ω=

π

2

rad/s匀速转动，故周期为：T=

2π

ω

=4s
第1s磁通量增加，故感应电流顺时针，故电容器上极板带正电；
第2s磁通量减小，故感应电流逆时针，故电容器上极板带负电；
第3s磁通量反向增加，故感应电流方向不变，故电容器上极板带负电；
故AB均错误；
C、电流是余弦式交变电流，故电场力也按照余弦规律变化；
故第1s内，粒子加速前进S，第二秒减速前进S，速度减为零；故第2秒末微粒距离原来位置距离为2S；故C错误；
D、第3秒末线圈处于中性面位置，电动势为零，故第3秒末两极板之间的电场强度为零，故D正确；
故选：D．

点评：本题关键是明确线圈产生的是正弦式交变电流，故电场是正弦式交变电场，不难．