A. | 由抛出到落回抛出点的时间是6s | |
B. | 只有在抛出后2s末时经过40m高处 | |
C. | 经过距抛出点25m处时的瞬时速率只能是20 m/s | |
D. | 离开抛出点后能上升的最大高度是45m |
分析 竖直上抛运动是初速度向上,只受重力的运动,根据牛顿第二定律可知,加速度为g,竖直向下,根据运动学公式直接列式求解即可.
解答 解:A、竖直上抛运动是初速度向上,只受重力的运动,根据对称性可知,初速度与落地时速度大小相等,方向相反,则初速度大小为30m/s;则上升的时间为:t=$\frac{{v}_{0}}{g}$=$\frac{30}{10}$=3s,所以下落的时间也为3s,则由抛出到落回抛出点的时间是6s,故A正确;
B、根据h=v0t-$\frac{1}{2}$gt2=40m
得:t=2s或t=4s,故B错误;
C、由匀变速直线运动的速度位移公式得:v2-v02=2gh,
当在抛出点上方时:v2-900=2×(-10)×25,
解得:v=20m/s,
当在抛出点下方时:v2-900=2×(-10)×(-25),
解得:v=10$\sqrt{14}$m/s,故C错误;
D、上升到最大高度处时,速度为零,则最大高度为:h=$\frac{{v}_{0}^{2}}{2g}$=$\frac{3{0}^{2}}{2×10}$=45m;故D正确;
故选:AD.
点评 竖直上抛运动的上升过程是匀减速运动过程,下降过程是自由落体运动过程,整个过程加速度不变,是匀变速运动过程,可以全程列式,也可以分段列式.
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A. | 先做匀加速运动,后做匀减速运动 | |
B. | 电势先减小后增大 | |
C. | 电势能与机械能之和先增大,后减小 | |
D. | 电势能先减小,后增大 |
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A. | 导体棒运动过程中的最大速度$\frac{mgsinθ}{{{B^2}{l^2}}}$ | |
B. | R上的最大热功率为$\frac{{m}^{2}{g}^{2}Rsi{n}^{2}θ}{{B}^{2}{L}^{2}}$ | |
C. | 导体棒返回到ab位置前已经达到下滑的最大速度 | |
D. | 导体棒返回到ab位置时刚好达到下滑的最大速度 |
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A. | 第7s的位移为65m | |
B. | 后一秒的位移总比前一秒的位移多5m | |
C. | 前一秒的平均速度总比后一秒的平均速度小10m/s | |
D. | 第2s的平均速度为15m/s |
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A. | c点电势高于a点电势 | |
B. | 场强的方向由b指向d | |
C. | 质子从b运动到c所用的时间为$\frac{\sqrt{2}L}{{v}_{0}}$ | |
D. | 质子从b运动到c,电场力做功为4eV |
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A. | 若B左移,F将增大 | B. | 若B右移,F将增大 | ||
C. | 无论B是左移还是右移,F都不变 | D. | 无论B是左移还是右移,F都减小 |
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A. | $\frac{R}{2}$ | B. | R | C. | $\frac{3R}{2}$ | D. | 2R |
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