1. 为了纪念物理学家做出的页献，通常用他们的名字来命名物理量的单位，下列物理量及单位对应正确的是(　)

A．力-牛顿　 B．功率-赫兹　　 C．频率-焦耳　　 D．功-瓦特

[考点]物理量的单位及单位换算．

[专题]定性思想；归谬反证法；其他综合题．

[分析]根据对物理量及其单位的掌握作答．

[解答]解：在国际单位制中，

A、力的基本单位是牛顿．故A正确；

B、功率的基本单位是瓦特，赫兹是频率的单位．故B不正确；

C、频率的基本单位是赫兹，焦耳是功和能量的单位．故C不正确；

D、功的基本单位是焦耳，瓦特是功率的单位．故D不正确．

故选A．

[点评]此题考查的是我们对常见物理量及其单位的掌握情况，属于识记性知识的考查，比较简单，容易解答．

2. 如图所示的家用电器中，利用电流热效应工作的是(　)

　　 　　　　　　　　

A．电视机　　　　　 B．电风扇　　　　 C．电饭锅　　　　　 D．洗衣机

[考点]电流的热效应、化学效应和磁效应．

[专题]应用题；电与热、生活用电．

[分析]电流的热效应：电流通过导体要发热，这叫做电流的热效应，如电灯、电炉、电烙铁、电焊等都是电流的热效应的例子．

[解答]解：

A、电视机主要是把电能转化为声能和光能，不是利用电流热效应工作的，故A错误；

B、电风扇主要是把电能转化为机械能，不是利用电流热效应工作的，故B错误；

C、电饭锅工作时是把电能转化为内能，是利用电流热效应工作的，故C正确；

D、洗衣机主要是把电能转化为机械能，不是利用电流热效应工作的，故D错误．

故选C．

[点评]本题主要考查学生对电流的热效应，以及电能和其它形式能的相互转化，利用热效应工作的电器特点是把电能主要转化成内能，是一道基础题．

3. 关于声现象，下列说法正确的是(　)

A．声音在真空中传播的速度为3.0×108m/s

B．道路两旁的隔音墙是为了在传播过程中减弱噪声

C．医生用“B超”检查患者身体是次声波在医学中的应用

D．“不敢高声语，恐惊天上人”这里的“高”指的是音调高

[考点]声速；超声波与次声波；音调、响度与音色的区分；防治噪声的途径．

[专题]定性思想；归谬反证法；声现象．

[分析](1)声音在空气中传播速度为340m/s，声音不能在真空中传播；

(2)减弱噪声有三个途径：在声源处，在传播过程中，在人耳处；

(3)波长极短的超声波可用来进行医疗检查；

(4)声音的强弱叫响度，响度决定于发声体的振幅，振幅越大响度越大．

[解答]解：

A、声音在空气中传播速度为340m/s，声音不能在真空中传播．故A错误；

B、道路两旁的隔音墙可以阻断噪声的传播途径，起到减小噪声传播的作用．故B正确；

C、医院的B超是利用超声波探查人体内部信息的．故C错误；

D、“不敢高声语，恐惊天上人”中的“高”是指声音的响度大．故D错误．

故选B．

[点评]本题考查声音的特性、传播及减弱噪声的途径，属于基础题．

4.下列对光现象的解释，说法错误的是(　)

A．树荫是光沿直线传播形成的

B．雨后的彩虹是由于光的色散形成的

C．“潭清疑水浅”是由于光的折射形成的

D．近视眼用凹透镜矫正是因为凹透镜对光有会聚作用

[考点]光在均匀介质中直线传播；光的折射现象及其应用；光的色散；近视眼的成因与矫正办法．

[专题]定性思想；推理法；光的传播和反射、平面镜成像；光的折射、光的色散；透镜及其应用．

[分析](1)在日常生活中，小孔成像、影子的形成等都表明光在同一种均匀介质中是沿直线传播的；

(2)太阳光是复色光，是由红、橙、黄、绿、蓝、靛、紫七种单色光组成；

(3)当光从一种介质斜射入另一种介质时，传播方向的会偏折，发生折射现象，如：看水里的鱼比实际位置浅、彩虹等；

(4)凹透镜对光有发散作用，可以用来矫正近视眼．

[解答]解：A、树荫下的光斑是由于光在在同种均匀介质中沿直线传播，透过树叶缝隙所成的太阳的像，故A正确；

B、当太阳光经过三棱镜后，会分解成红、橙、黄、绿、蓝、靛、紫七种单色光，这是光的色散现象，故B正确；

C、“潭清疑水浅”是光从水中进入空气中时发生光的折射形成的，故C正确；

D、近视眼用凹透镜矫正是因为凹透镜对光有发散作用，故D错误．

故选D．

[点评]能否区分三种光现象(光的直线传播、光的反射、光的折射)是本题的解题关键．并能灵活应用．

5. 如图所示的四种现象中，属于液化的是(　)

　 　　　

A．冰冻的衣服晾干　　 B．树枝上的霜　　 C．草叶上的露珠　 D．湿手被干手器烘干

[考点]液化及液化现象．

[专题]定性思想；归谬反证法；汽化和液化、升华和凝华．

[分析]物质由气态变为液态的过程叫液化；生活中的液化现象大多是水蒸气遇冷液化形成的小水滴．

[解答]解：

A、冰冻的衣服晾干，冰直接变成水蒸气，是升华现象．故A不符合题意；

B、树枝上的霜是空气中的水蒸气遇冷凝华形成的冰晶．故B不符合题意；

C、草叶上的露珠，是空气中的水蒸气遇冷在草叶上液化形成的小水滴．故C符合题意；

D、湿手被干手器烘干，水变成水蒸气，是汽化现象．故D不符合题意．

故选C．

[点评]解决此类问题的关键是知道物体状态，结合物态变化过程进行分析判断．

6. 2017年4月，中国自主研制的首艘货运飞船“天舟一号”在海南文昌航天发射场使用“长征七号”运载火箭发射，并与“天宫二号”顺利完成自动交会对接，如图所示，对接完成后，若认为“天舟一号”处于静止状态，则选取的参照物是(　)

A．地球　　　 B．太阳　　　 C．“长征七号”　　 D．“天宫二号”

[考点]参照物及其选择．

[专题]定性思想；顺推法；长度、时间、速度．

[分析]研究机械运动时，假定不动的物体叫参照物．与参照物相比，物体位置有变化，说明物体在运动；物体位置没有变化，说明物体处于静止状态．

[解答]解：“天舟一号”飞船与“天宫二号”实现对接后，保持相对静止，以对方为参照物，两者都是静止的．所以选择“天宫二号”为参照物，“天舟一号”是静止的．

故选D．

[点评]一个物体的运动状态的确定，关键取决于所选取的参照物；所选取的参照物不同，得到的结论也不一定相同，注意体会运动和静止的相对性。

7. 有两个相同的验电器A和B，A带负电，B不带电，当用金属棒连接A和B的金属球时，A的金属箔张角变小，B的金属箔明显张开，如图所示．则下列说法正确的是(　)

A．金属棒一定带正电　　　　　　　　 B．验电器B带上了负电

C．瞬间电流从验电器A流到验电器B　 D．金属箔张开是因为金属箔带了异种电荷相互排斥

[考点]验电器的原理及使用；电流的方向．

[专题]定性思想；电流和电路．

[分析](1)验电器使用时是让金属杆上的金属箔带上同种电荷，然后同种电荷会相互排斥从而验证物体是否带电的；

(2)A因多余电子而带负电，连接的瞬间，A带的负电减少，说明电子从A到B移动，据此判断电流方向．

[解答]解：

ABC、A带负电，说明A有多余电子，连接的瞬间，电子从A到B移动，则验电器B带上了负电，B的金属箔的张角增大；而电流方向与自由电子定向移动的方向相反，所以金属棒中的瞬间电流方向B→A，而不能判断金属棒是否带正电，故B正确，AC错误；

D、金属箔张开是因为金属箔带了同种电荷而相互排斥的，故D错误．

故选B．

[点评]本题的目的是考查对验电器使用原理、电流方向的掌握情况．在金属导体中，能够自由移动的电荷是负电荷(自由电子)，所以在金属导体中，电流的方向始终与自由电荷的运动方向相反．

8. 下列与压强有关的事例，解释正确的是(　)

A．液压千斤顶利用了连通器的原理

B．书包的背带做得宽是为了增大压强

C．吸盘式挂钩是靠大气压“吸”在墙壁上的

D．飞机的机翼做成上凸下平的形状，是因为流体中流速大的地方压强大

[考点]减小压强的方法及其应用；大气压的综合应用；流体压强与流速的关系；帕斯卡原理及其应用．

[专题]应用题；压强、液体的压强；气体的压强、流体压强与流速的关系．

[分析](1)液压千斤顶的工作原理是帕斯卡原理：密闭液体上的压强，能够大小不变地向各个方向传递，在一个小面积的活塞上施加一个很小的力，因为传递的是压强，根据压强公式得出在另一边的面积大的活塞上就会产生更大的力，即：能省力．

(2)增大压强有三种方法：一是当压力一定时，需减小受力面积；二是当受力面积一定时，需增大压力；三是在条件允许的情况下，可以同时增大压力，减小受力面积．

(3)吸盘式挂钩是利用了大气压强．

(4)流体的压强跟流速有关，流速越快的地方压强反而越小．

[解答]解：A、液压千斤顶利用了帕斯卡的原理，故A错误；

B、书包的背带做得扁而宽，是在压力一定时，增大受力面积减小压强．故B错误；

C、吸盘要固定在墙壁上，需要先用力挤压塑料吸盘，把盘内的空气挤出，然后吸盘就被外界的大气压紧压在了墙壁上，利用了大气压，故C正确；

D、机翼上方的空气流速大，压强较小；机翼下方的空气流速小，压强大，所以机翼受到一个向上的压强差，飞机受到向上的升力，故D错误．

故选C．

[点评]此题考查涉及到减小压强的方法、大气压在生活中的应用，流体压强与流速的关系、帕斯卡原理及其应用等多个知识点，是一道综合性较强的题目．

9. 下列有关热现象，说法正确的是(　)

A．1kg酒精比1g酒精的热值大

B．夏日荷塘里荷花盛开，花香四溢说明分子在不停地做无规则运动

C．用锯条锯木板，锯条的温度升高是由于锯条从木板中吸收了热量

D．用水作为汽车发动机散热器的冷却剂，其主要原因是水的比热容较小

[考点]燃料的热值；做功改变物体内能；水的比热容的特点及应用；分子的运动．

[专题]定性思想；归谬反证法；分子热运动、内能；比热容、热机、热值．

[分析](1)热值是燃料的一种特性，只决定于燃料的种类，与质量、放出热量多少及燃烧状态没有关系；

(2)物质由分子组成，组成物质的分子在不停地做无规则运动；

(3)改变物体内能的方式：做功和热传递；

(4)水的比热容大．

[解答]解：A、1kg酒精和1g酒精虽然质量不同，但是同一种燃料，所以热值相同．故A错误；

B、我们闻到花香，是发生了扩散现象，说明分子在不停地做无规则运动．故B正确；

C、用锯条锯木板，对锯条做功，机械能转化为内能，锯条的温度升高，是通过做功的方式增加了内能．故C错误；

D、用水作汽车发动机的冷却剂，是因为水的比热容大，与其它液体相比较，相同条件下水带走的热量最多，致冷效果最好．故D错误．

故选B．

[点评]此题是一道热现象的综合题，考查的知识点较多，包括热值的特点、扩散现象、改变内能的方式及水的比热容较大的应用，正确、全面理解概念或规律，是避免出错的关键．

10. 踢足球是青少年喜爱的运动．下列对踢足球时的情景解释正确的是(　)

A．足球离开脚后继续向前运动，是由于足球具有惯性

B．足球在空中向上运动的过程中重力势能转化为动能

C．足球能在草地上滚动是由于球受到的踢力大于阻力

D．足球静止在地面上，足球对地面的压力和地面对足球的支持力是一对平衡力

[考点]平衡力的辨别；惯性；力与运动的关系；动能和势能的转化与守恒．

[专题]应用题；运动和力；机械能及其转化．

[分析](1)惯性是物体保持原来运动状态不变的性质；

(2)影响动能大小的因素是质量和速度，影响重力势能大小的因素是质量和高度，据此分析能量的转化；

(3)力是物体对物体的作用，施力和受力物体是同时存在的；

(4)一对平衡力必须大小相等、方向相反、作用在一条直线上、作用在同一物体上；

[解答]解：

A、足球离开脚后继续向前运动，是因为足球具有惯性，故A正确；

B、足球在上升过程中，质量不变，速度减小，动能减小，高度增大，重力势能增大，动能转化为重力势能，故B错误；

C、足球能在草地上滚动，是由于球有惯性，此时脚对球没有力的作用，所以C错误；

D、足球对地面的压力和地面对足球的支持力，这两个力分别作用在地面和足球上，即不是作用在同一物体上，所以不是平衡力，故D错误．

故选A．

[点评]此题主要考查了惯性、动能和势能的转化、力的认识和理解以及平衡力辨别，掌握基础知识是关键．

11. 体积相同而材料不同的小球甲、乙、丙、丁，静止在容器的水中，如图所示．这四个小球所受的浮力分别为F_甲、F_乙、F_丙、F_丁，则(　)

A．F甲=F乙

B．F甲＜F丁

C．F乙＞F丙

D．F丙＞F丁

[专题]应用题；浮沉的应用．

[分析]由题知，四个小球的体积相同，根据图示得出四个小球排开水的体积的大小关系，根据阿基米德原理得出受到的浮力的大小关系．

[解答]解：由图知，四个球排开水的体积： V_甲＜V_乙＜V_丙=V_丁， 根据F_浮=ρ_水V_排g可知四个球受到的浮力： F_甲＜F_乙＜F_丙=F_丁． 由此可知：B正确，ACD错误． 故选B．

[点评]本题考查了学生对阿基米德原理的了解与掌握，能从图中得出四个球排开水的体积关系是本题的关键．

12. 将两只额定电压相同的小灯泡L₁、L₂串联在如图所示的电路中，闭合开关后，发现灯L₁较暗，灯L₂较亮，下列说法正确的是 (　)

A．灯L1的电阻较大

B．流过灯L2电流较大

C．流过灯L1、L2的电流相等

D．灯L1、L2两端的电压相等

[专题]应用题；电流和电路；电能和电功率．

[分析]已知两灯串联，通过的电流相同．根据公式U=IR可比较灯泡两端电压的大小．

[解答]解： 已知两灯串联，则通过两灯的电流相等，故B错误，C正确； 由题知，灯L₁较暗，灯L₂较亮，说明灯L₂的实际功率大于灯L₁ 的实际功率，根据P=I²R可知，灯L₂的电阻较大，故A错误， 电流相同，L₂的电阻越大，根据U=IR可知，灯L₂两端电压较大，故D错误． 故选C．

[点评]本题考查实际功率、电流、电阻、电压大小的比较，关键是公式及其变形的灵活运用，要知道串联电路电流相等，还要知道影响灯泡亮度的依据是灯泡的实际功率．

13. 下列关于机械效率的说法正确的是(　)

A．越省力的机械，机械效率越高

B．做功越少的机械，机械效率越低

C．做功越慢的机械，机械效率越低

D．总功相同，有用功越大的机械，机械效率越高

[考点]机械效率．

[专题]定性思想；功、功率、机械效率．

[分析]根据功、功率、机械效率的关系分析．功率是单位时间内做的功的多少，表示做功的快慢；机械效率是有用功与总功的比值．功率与机械效率是完全不同、毫无联系的两个不同概念．

[解答]解：

A、机械效率是有用功与总功的比值，机械省力与否与机械效率大小没有关系，故A错误；

B、机械效率越低，说明做的功中有用功所占的比例越低，并不一定就是做的功少．故B错误；

C、做功越慢的机械功率越小，功率与机械效率是两个没有关系的概念，不能说做功越慢的机械．机械效率越低，故C错误；

D、机械效率是有用功与总功的比值，在总功相同时，有用功越大，机械效率就越高，故D正确．

故选D．

[点评]本题考查了功、功率、机械效率的关系．功率由功和时间共同决定，机械效率由有用功和总功共同决定．

14. 关于电磁现象，下列说法正确的是(　)

A．通电导线周围一定存在磁场

B．磁场是由疏密不同的磁感线组成的

C．改变电流大小，可以改变电动机转动的方向

D．任何导体在磁场中运动时，都能产生感应电流

[考点]通电直导线周围的磁场；磁场；实用电动机的构造、特点和应用；产生感应电流的条件．

[专题]应用题；磁现象、电生磁；电动机、磁生电．

[分析](1)奥斯特实验说明了通电导线周围存在着磁场；

(2)磁体周围存在磁场，为了描述磁场的分布物理学上引入了磁感线，实际上磁感线是不存在的；

(3)改变电流的方向可以改变线圈受力的方向；

(4)产生感应电流的条件：闭合回路中的导体切割磁感线．

[解答]解：

A、据奥斯特实验可知，通电导线周围一定存在磁场，故A正确；

B、磁场是看不到的物质，而磁感线是为描述磁场分布而引入的，磁感线实际上是不存在的，故B错误；

C、改变电流的方向可以改变线圈受力的方向，即可以改变电动机转动的方向；而改变电流大小，并不能改变电动机转动的方向，故C错误；

D、导体在磁场中如果沿磁场方向运动是不会产生感应电流的，且选项没说明电路是否闭合，故D错误．

故选A．

[点评]知道《电和磁》这一章中重要的实验，并理解这些实验原理在生活中的具体应用是解决该题的关键．

15. 如图所示，体积之比为1：2的甲、乙两个实心物块，分别挂在杠杆两端，此时杠杆恰好水平平衡，则甲、乙两个物块的密度之比为(　)

A．1：1　　 B．1：2　　　 C．2：1　　　 D．4：1

[专题]应用题；密度及其应用；简单机械．

[分析]知道杠杆两边力臂大小关系，根据杠杆平衡条件可求两边力的大小关系，即甲和乙的重力大小关系，又知道甲和乙的体积关系，可求二者的密度关系．

[解答]解：设杠杆上每一小格为L， 根据杠杆平衡条件得：G_甲×4L=G_乙×8L------------①， 因为G=mg=ρVg， 所以①式可写为：ρ_甲V_甲g×4L=ρ_乙V_乙g×8L， 整理可得

ρ甲

ρ乙

=

8V乙

4V甲

=

8×2

4×1

=

4

1

． 故选D．

[点评]本题主要考查杠杆的平衡条件以及密度的公式，是一道综合题．

16. 小明在测量小球的平均速度时，让小球从斜面A点由静止滚到C点，并用照相机每隔0.1s拍摄一次，频闪照片如图所示，则下列说法正确的是(　)

A．小球从A点运动到C点用时0.6s

B．小球在前0.4s内通过的路程为4.00cm

C．小球滚下的整个过程的平均速度为1.1m/s

D．小球在BC段的平均速度大于AB段的平均速度

[专题]实验题；比较思想；图析法；长度、时间、速度．

[分析](1)根据图象读出时间． (2)根据刻度尺的分度值读数； (3)读出AC之间的距离和所用的时间，根据v=s/t求出平均速度； (4)读出小球在BC段和AB段通过的路程和时间，利用速度公式求出速度，然后比较即可．

[解答]解：A、小球从A点运动到C点经过了5个时间间隔，用时5×0.1s=0.5s，故A错误； B、由图可知，小球在前0.4s内通过的路程为4.00cm，故B正确； C、由图可知，AC之间的距离为s=5.50cm=0.055m， 则整个运动过程平均速度为：v═

0.055m

0.5s

=0.11m/s，故C错误； D、由图可知，小球在BC段的时间为t_BC=2×0.1s=0.2s，路程s_BC=5.50cm-2.50cm=3.00cm=0.03m．小球在AB段的时间t_AB=3×0.1s=0.3s，路程s_AB=2.50cm=0.025m， 所以v_BC=

sBC

tBC

=

0.03m

0.2s

=0.15m/s，v_AB=

sAB

tAB

=

0.025m

0.3s

≈0.083m/s，计算可知，小球在BC段的平均速度大于AB段的平均速度，故D正确． 故选BD．

[点评]本题考查了速度公式，解题的关键是由图求出：小球的运动时间、路程，然后由速度公式v=s/t分析解答．

17. 关于信息、能源和材料，下列说法正确的是(　)

A．天然气是不可再生能源

B．随着科学技术快速发展，我国已经建成了利用核聚变能量发电的核电站

C．节能光源LED灯的核心元件是发光二极管，发光二极管的主要材料是半导体

D．通过手机微信的“摇一摇”，就可以参与抢红包，这一过程是靠电磁波传递信息的

[考点]能源的分类；半导体的特点；电磁波的传播；核裂变．

[专题]应用题；粒子与宇宙、材料世界；能源的利用与发展．

[分析](1)能在短时间内形成的能源属于可再生能源，不能在短时间内形成的能源属于不可再生能源；

(2)目前已建成的核电站的能量来自于重核的裂变；

(3)二极管是由半导体做成的器件，它具有单向导电性；

(4)手机是通过电磁波来传递信息的．

[解答]解：

A、天然气是化石能源，不能在短时间内形成，天然气是不可再生能源，故A正确；

B、目前已建成的核电站的能量来自于重核的裂变，而不是轻核聚变，故B错误；

C、节能光源LED灯的核心元件是发光二极管，制作二极管的材料是半导体材料，常用的有：硅、锗等材料，故C正确；

D、手机既可以接收电磁波，也可以发射电磁波，是利用电磁波来传递信息的，因此手机抢红包过程中用来传递信息的，故D正确．

故选ACD．

[点评]本题涉及的知识点较多，但难度不大，熟练应用基础知识即可正确解题。

18. 如图甲所示的电路，当滑动变阻器的滑片P从a端移至b端的过程中，电流表和电压表的示数关系如图乙所示，则以下说法正确的是(　)

A．R0的阻值为20Ω

B．滑动变阻器的最大阻值为50Ω

C．当电压表的示数为4V时，R0的功率为0.4W

D．当电流表的示数为0.25A时，滑片P恰好移至ab的中点

[专题]应用题；欧姆定律；电能和电功率．

[分析]AB、分析滑片在a、b端时电路的连接，判断与图乙对应的点的坐标，从而由图中相关数据，根据欧姆定律求出变阻器的最大电阻；再由串联电路电压的规律列方程求出电源电压和定值电阻大小； C、由图乙判断当电压表示数为4V时，电路中的电流，根据P=I₀² R₀ 求R₀的功率； D、当电流表示数I′=0.25A时，由欧姆定律和电阻的串联规律，求出变阻器连入电路中的电阻：

[解答]解： AB、当滑动变阻器的滑片P在a端时，变阻器连入电路中的电阻为0，电路为R₀的简单电路，此时电路中的电流最大，由图知为I′=0.6A，由I=

U

R

可得，电源电压U=I′R₀=0.6A×R₀-------① 滑片移至b端的过程中，变阻器的最大阻值与定值电阻串联，此时电路中的电流最小，由图知，变阻器的电压为：U_滑=5V，通过的电流为0.1A， 由I=

U

R

可得，变阻器的最大电阻： R_滑=

U

I

＝

5V

0.1A

=50Ω，故B正确； 根据串联电路的电压规律和欧姆定律可得，电压电压U=IR₀+U_滑=0.1A×R₀+5V------② 由①②解得：R₀=10Ω，U=6V， 故A错误； C、由图知，当电压表示数为4V时，电路中的电流为I₀=0.2A， R₀的功率为：P=I₀²R₀=(0.2A)²×10Ω=0.4W，故C正确； D、当电流表示数I′=0.25A时，由欧姆定律和电阻的串联规律可得，变阻器连入电路中的电阻： R_滑′=

U

I′

-R₀=

6V

0.25A

-10Ω=14Ω≠

1

2

×50Ω，故D错误． 故选BC．

[点评]本题考查串联电路的规律和欧姆定律及电功率公式的运用，关键是根据电路图中变阻器的两个端点找到图象对应的点的位置。

19. 根据题目要求，完成下列作图 如图所示，一束光沿AO从空气斜射入水中，请画出折射光线的大致方向；．

[专题]作图题；光的折射、光的色散．

[分析]光的折射规律：折射光线与入射光线和法线在同一平面内；折射光线与入射光线分居法线两侧；当光从空气斜射入水里或其它透明介质中时，折射光线向法线方向偏折，折射角小于入射角．

[解答]解： 首先过入射点O垂直于水面画出法线，然后根据折射规律画出折射光线；光从空气斜射入水中，所以折射角小于入射角．如图所示： ．

[点评]此题考查了折射光线的画法，关键是记熟光的折射定律，搞清折射角与入射角的关系．

20. 请用笔画线代替导线，把带有开关的节能灯正确地接入如图所示的家庭电路中．

[专题]电与热、生活用电．

[分析]灯泡的接法：火线进入开关，再进入灯泡顶端的金属点；零线直接接入灯泡的螺旋套．

[解答]解：灯泡接法：火线进入开关，再进入灯泡顶端的金属点，零线直接接入灯泡的螺旋套，这样在断开开关能切断火线，接触灯泡不会发生触电事故．既能控制灯泡，又能更安全．如图所示

[点评]掌握家庭电路的灯泡、开关、三孔插座、两孔插座、保险丝的接法，同时考虑使用性和安全性

21. 如图甲所示是“探究物质熔化的特点”的装置，实验测得数据如下表：

加热时间/min	0	1	2	3	4	5	6	7	8	9	10
物质的温度/℃	-2	-1	0	0	0	0	0	2	4	6	8

(1)由数据可知：该物质是　　　　 晶体

(选填“晶体”或“非晶体”)，其熔点为：　　 0

℃． (2)在读取温度计的示数时，图乙中读数方法正确的是　　　 B

(选填“A”、“B”或“C”) (3)物质在熔化过程中不断吸热，温度不变，内能　　　 增加

(选填“增加”、“减少”或“不变”) (4)实验收集多组数据是为了　　　 寻找普遍规律

(选填“寻找普遍规律”或“减小实验误差”)

[专题]实验题；实验分析法；探究型实验综合题．

[分析](1)晶体和非晶体在熔化过程中的区别：晶体有一定的熔点，在熔化过程中吸热温度保持不变；非晶体没有一定的熔点，在熔化过程中吸热温度不断升高． (2)在进行温度计的读数时，注意其分度值，视线与液柱的上表面相平； (3)该物质熔化过程温度不变，但需要继续加热，所以内能增加； (4)实验收集多组数据是为了总结归纳得出普遍的规律．

[解答]解： (1)由表格中的数据可知，该物质在2-6min不断吸收热量，温度保持不变，所以该物质是晶体；熔化时温度保持0℃不变，所以其熔点为0℃； (2)由图乙知，A俯视，读数会偏大，C仰视，读数会偏小，B平视，读数方法正确； (3)该物质在熔化过程中温度不变，但要不断吸热，所以其内能增加． (4)实验收集多组数据是为了总结归纳得出普遍的规律，得到可靠的结论． 故答案为：(1)晶体；0；(2)B；(3)增加；(4)寻找普遍规律．

[点评]此题是探究物质的熔化规律，在熔化过程中需要用温度计测量温度的变化，所以需要掌握温度计的使用及读数．同时考查了晶体和非晶体的区别

22. 如图所示是“探究平面镜成像特点”的情景：透明玻璃板竖直放在水平桌面上，两支相同的蜡烛A、B竖立在玻璃板两侧，请根据实验回答下列问题：

(1)为了便于观察实验应选在　　　 较暗

(选填“较亮”或“较暗“)的环境中进行； (2)选取两支相同的蜡烛是为了比较像与物的　　　　 大小

关系； (3)实验中，测得蜡烛A到玻璃板的距离为5cm，移动蜡烛B，使它与蜡烛A的像完全重合，此时蜡烛B到玻璃板的距离为　　　 5

cm． (4)实验中若移开蜡烛B，用白纸做光屏放在像的位置，不透过玻璃板，直接观察白纸，看不到蜡烛A的像，说明平面镜成的是　　　　 虛像

(选填“虛像”或“实像”) (5)实验中，小红发现玻璃板后出现两个蜡烛A的像，其原因是她选用的玻璃板　　　 太厚

(选填“太厚”或“太薄”)

[专题]定性思想；探究型实验综合题．

[分析](1)实验应在较暗的环境中进行，使观察效果更明显． (2)实验时采用两个完全相同的蜡烛，一支蜡烛放在玻璃板的前面并点燃，另一支放在玻璃板的后面，当玻璃板后面的蜡烛和玻璃板前面的蜡烛的像完全重合时，可以确定像的位置，同时也可以比较物像大小关系． (3)像到镜面的距离与物体到镜面的距离相同． (4)虚像不是实际光线会聚而成的，不能在光屏上成像． (5)玻璃板有两个反射面，两个反射面都能成像．当玻璃板比较厚时，两个反射面成像距离比较远，实验时会出现明显的两个像．

[解答]解：(1)实验环境应选放在较暗的地方，这样增加烛焰、像与环境的对比度，使观察效果更明显． (2)实验时采用两个完全相同的蜡烛，当玻璃板后面的蜡烛和玻璃板前面的蜡烛的像完全重合时，可以确定像的位置，同时也可以比较物像大小关系．(3)根据平面镜的成像规律可知，像到镜面的距离与物体到镜面的距离相同，故像到镜面的距离与物体到镜面的距离相同都为5cm (4)实验中若移开蜡烛B，用白纸做光屏放在像的位置，不通透过玻璃板，直接观察白纸，看不到蜡烛A的像，说明平面镜成的是虚像，是由反射光线的反向延长线会聚而成的，所以不能成在光屏上． (5)实验中，小红发现玻璃板后出现两个蜡烛A的像，其原因是她选用的玻璃板太厚，两个玻璃面都反射光成的两个像． 故答案为：(1)较暗；(2)大小；(3)5；(4)虚像；(5)太厚．

[点评]本题主要考查了平面镜成像特点的实验．这是光学中的一个重点，也是近几年来中考经常出现的题型，要求学生熟练掌握，并学会灵活运用．

23. 如图所示是探究“滑动摩擦力的大小与什么因素有关”的实验．器材有：木块A一块、砝码一个，弹簧测力计一个，长木板一块和棉布一块 (1)实验时，用弹簧测力计沿水平方向拉木块A，使其在长木板上做　　　 匀速

直线运动，此时弹簧测力计示数的大小等于滑动摩擦力的大小； (2)甲实验中，木块A才受到的摩擦力为 　　　2

N； (3)比较甲、乙实验，可以探究滑动摩擦力的大小与　　　 压力大小

有关；比较　　　 乙、丙

实验可以探究滑动摩擦力的大小与接触面的粗糙程度有关； (4)比较甲、丁实验，发现甲实验弹簧测力计的示数大于丁实验弹簧测力计的示数，小明得出；滑动摩擦力的大小与接触面积的大小有关，你认为他的结论是　　 错误

(选填“正确”或“错误”)的； (5)本实验采用的探究方法是　　　　　 控制变量法

(选填“控制变量法”或“等效替代法”)．

[专题]探究型实验综合题．

[分析](1)木块只有在做匀速直线运动时，受到弹簧测力计的拉力才等于受到的摩擦力； (2)在进行测力计的读数时，注意测力计的分度值； (3)影响摩擦力大小的因素是压力的大小和接触面的粗糙程度；在压力一定时，接触面越粗糙，摩擦力越大；在接触面粗糙程度一定时，压力越大，摩擦力就越大； (4)根据控制变量法的要求分析答题； (5)滑动摩擦力与压力和接触面粗糙程度有关，本实验采用的探究方法是控制变量法．

[解答]解： (1)实验时为了测出滑动摩擦力大小，应使弹簧测力计拉着木块在水平面上做匀速直线运动，此时摩擦力和拉力是一对平衡力，根据二力平衡，可知此时滑动摩擦力与拉力大小相等； (2)由甲图知，测力计的分度值为0.5N，其示数为2N； (3)比较甲、乙实验可知：两此实验的接触面的粗糙程度不变，压力的大小不同，弹簧测力计的示数不同，可以探究滑动摩擦力的大小与压力的大小是否有关； 比较乙、丙两图可知：此两实验的压力大小不变，接触面的粗糙程度不同，弹簧测力计的示数不同，所以能说明滑动摩擦力的大小与接触面的粗糙程度是否有关； (4)由图甲、丁所示实验可知，接触面的粗糙程度相同而物体间的压力不同，由于没有控制物体间的压力相同，他的结论是错误的； (5)滑动摩擦力与压力和接触面粗糙程度有关，本实验采用的探究方法是控制变量法． 故答案为：(1)匀速；(2)2；(3)压力大小；乙、丙；(4)错误；(5)控制变量法．

[点评]本题考查了实验现象分析，知道实验原理、应用控制变量法分析清楚图示实验情景即可解题，熟练应用控制变量法是正确解题的关键．

24在做“测量小灯泡的电阻”的实验时，小明选用了电压为6V的电源，额定电压为3.8V的小灯泡和其它合适的器材，并连接了部分实验电路，如图所示：

(1)为了完成实验，请你帮他用笔画线代替导线将电路连接完整(要求导线不能交叉，滑动变阻器的滑片向右移动时电流表示数变小) (2)电路连接好后，在闭合开关前，应将滑动变阻器的滑片P移到　　 B

(选填“A端”或“B端”)； (3)当闭合开关，移动滑动变阻器的滑片时，灯丝突然烧断，此时电压表的示数　　　 变大

(选填“变大”、“变小”或“不变”)． (4)换相同规格的灯泡，重新实验并记录数据如下表：

电压/V	2.0	2.5	2.8	3.0	3.2	3.5
电流/A	0.40	0.48	0.53	0.56	0.58	0.61
电阻/Ω	5.0	5.2	5.3	5.4	5.5	5.7
平均电阻/Ω	5.4

根据实验数据，小明确定平均电阻就是小灯泡的电阻，你认为这种做法合理吗？

　　　 不合理

(选填“合理“或“不合理“)，你的理由是　　　　　　　　　　　 灯丝的电阻受温度影响，小灯泡的灯丝温度不同，电阻也不相同

． (5)小明还想利用现有的实验器材测量小灯泡的额定功率，但此时电压表0-15V量程突然损坏，而0-3V量程完好．请你在不增减器材的情况下，帮他设计测量小灯泡额定功率的实验．要求写出必要的实验步骤，用字母(或数值)记录所测得的物理量并写出小灯泡额定功率的表达式． 实验步骤：　　　　　　　　　　　 　　　　　　　　　　　　　　　　　

小灯泡额定功率的表达式：　　　　　　　　　 P_额=3.8V×I

．

[专题]计算题；实验题；作图题；探究题；测量型实验综合题．

[分析](1)根据电路图连接实物图，可采用“电流流向法”，从电源的正极出发，按照电流的流向，先串主电路，再将电压表并在待测电阻的两端；滑动变阻器按“一上一下”的原则串联在电路中，根据题中要求“变阻器滑片向右移动时，电流表的示数变小”即滑动变阻器的阻值变大，右下方接线柱必须接入电路． (2)为保护用电器，连接电路过程中开关要断开；闭合开关之前滑动变阻器滑片要位于最大阻值处； (3)灯泡灯丝烧断，即可将灯泡在原电路中去掉，在此基础上进行分析，此时电压表的示数等于电源电压； (4)影响电阻的因素有：导体的温度、长度、横截面积和材料等，而小灯泡两端的电压不同，小灯泡灯丝的温度会不同，因此电阻也不同； (5)根据串联电路的电压特点知，在电源电压不变时，用电压表测量滑动变阻器的电压也可使灯的电压为额定电压．

[解答]解：(1)由图可知，电压表、电流表的量程已经确定，滑动变阻器按“一上一下”的原则串联在电路中，题中要求滑动变阻器的滑片向右移动时电流表示数变小，这说明滑片向右移动时，滑动变阻器的电阻变大，则左下方A接线柱必须接入电路，如下图所示； (2)闭合开关之前滑动变阻器滑片要位于最大阻值处，由上图可知，滑动变阻器的滑片P应移到B端． (3)因为小灯泡的灯丝烧断后，电压表测量电源电压，所以电压表的示数变大． (4)灯丝的电阻与温度有关，小灯泡在不同电压下工作时，小灯泡的灯丝温度不同，电阻也不相同，所以不能求灯丝电阻的平均值，该做法不合理； (5)电源电压为6V，电压表“0-15V”量程不能用，由串联电路的电压特点可知，当灯泡两端电压为3.8V时，滑动变阻器两端的电压为2.2V；所以，应使用电压表的0-3V的量程测滑动变阻器的电压，当电压表示数为2.2V时，灯的电压就是3.8V，此时灯泡正常发光，记下此时电流表的示数I．电路图如图所示： 小灯泡的额定电压U_额=3.8V，灯泡正常发光时电流表的示数为I， 则小灯泡额定功率的表达式：P_额=U_额I=3.8V×I． 故答案为：(1)见上图；(2)B；(3)变大；(4)不合理；灯丝的电阻受温度影响，小灯泡的灯丝温度不同，电阻也不相同；(5)将电压表并联在变阻器的两端，移动滑动变阻器的滑片，使电压表示数为2.2V，记下此时电流表的示数I；P_额=3.8V×I．

[点评]本题考查了伏安法测电阻实验中滑动变阻器的连接、电路故障原因与现象的对应关系、影响电阻的因素等知识点，包含的内容较多，综合性较强．

25. 如图所示的电路，灯泡L标有“6V“的字样，滑动变阻器R的最大阻值为20Ω，当闭合S₁，断开S₂，灯泡L恰好正常发光，电流表示数为0.2A；当断开S₁，闭合S₂，且滑动变阻器的滑片移到最右端时，电压表读数为4V(假设灯丝电阻不变)求： (1)电源电压； (2)R₀的阻值； (3)当S₁、S₂同时闭合，且滑动变阻器的滑片移到最左端．通电5min整个电路消耗的电能．

[专题]定量思想；顺推法；欧姆定律；电能和电功率．

[分析](1)当闭合S₁，断开S₂，电路只有灯泡有电流通过．已知灯泡额定电压并且此时灯泡恰好正常发光，可以得到电源电压； (2)当断开S₁，闭合S₂，且滑动变阻器的滑片移到最右端时，定值电阻和整个滑动变阻器串联．已知电源电压和滑动变阻器两端电压，可以得到定值电阻两端电压；根据串联电路用电器两端电压与其阻值成正比得到R₀阻值； (3)已知灯泡额定电压和正常发光时的电流，可以得到灯泡阻值．当S₁、S₂同时闭合，且滑动变阻器的滑片移到最左端，灯泡和定值电阻并联．已知灯泡和定值电阻阻值，可以得到并联电路的总电阻；已知电源电压、电路总电阻和通电时间，利用公式W=

U2

R

t得到整个电路消耗的电能．

[解答]解： (1)当闭合S₁，断开S₂，电路只有灯泡有电流通过， 已知U_额=6V且灯泡正常发光， 所以，电源电压：U=U_额=6V； (2)当断开S₁，闭合S₂，且滑动变阻器的滑片移到最右端时，定值电阻R₀和整个滑动变阻器串联，电压表测变阻器两端的电压， 定值电阻两端电压：U₀=U-U_R=6V-4V=2V， 由串联分压规律可得：

U0

UR

=

R0

R

=

2V

4V

=

1

2

， 所以R₀的阻值：R₀=

1

2

R=

1

2

×20Ω=10Ω； (3)由I=

U

R

可得，灯泡的电阻：R_L=

U额

I额

=

6V

0.2A

=30Ω； 当S₁、S₂同时闭合，且滑动变阻器的滑片移到最左端，灯泡和定值电阻R₀并联， 电路的总电阻：R_并=

RLR0

RL+R0

=

30Ω×10Ω

30Ω+10Ω

=7.5Ω； 通电5min整个电路消耗的电能：W_总=

U2

R

t=

(6V)2

7.5Ω

×5×60s=1440J． 答：(1)电源电压为6V； (2)R₀的阻值为10Ω； (3)通电5min整个电路消耗的电能为1440J．

[点评]此题是一道电学综合题，考查了欧姆定律、串并联电路的特点及电能、电功率有关公式及其变形公式的应用，综合性强，有一定难度．

26. 如图甲所示，一个底面积为75cm²的柱形物体A挂在弹簧测力计下，静止时弹簧测力计的示数F₁=15N：底面积为120cm²且足够深的柱形容器放在水平桌面上，将物体A放入容器中且与容器底接触但对容器无压力，慢慢向容器注水，待液面稳定后物体A上表面到水面的距离h=5cm，如图乙所示，此时弹簧测力计示数F₂=7.5N；然后，将物体A竖直向上移动8cm(忽略绳重和附在物体表面上水的重力．ρ_水=1.0×10³kg/m³，g=10N/kg)求： (1)物体A浸没在水中受到的浮力； (2)物体A的密度； (3)物体A竖直向上移动8cm前后，水对容器底压强的变化量．

[专题]计算题；压轴题；压强、液体的压强；浮力．

[分析](1)利用二次称重法计算物体A浸没在水中受到的浮力； (2)物体浸没时排开液体的体积等于物体的体积，根据F_浮=ρgV_排可求，然后利用G=mg求出物体的质量，再利用ρ=

m

V

计算物体A的密度； (3)利用V=Sh求出物体的高度，进而可求物体A竖直向上移动8cm后露出水面的高度，求出物体排开水的体积的减少量，进而可求水面下降的高度，再利用液体压强公式计算水对容器底压强的变化量．

[解答]解：(1)由题可知，物体的重力：G=F₁=15N， 则物体A浸没在水中受到的浮力：F_浮=G-F₂=15N-7.5N=7.5N； (2)根据F_浮=ρgV_排可得，物体的体积：V=V_排=

F浮

ρ水g

=

7.5N

1×103kg/m3×10N/kg

=7.5×10^-4m³， 物体的质量：m=

G

g

=

15N

10N/kg

=1.5kg， 则物体的密度：ρ=

m

V

=

1.5kg

7.5×10−4m3

=2×10³kg/m³； (3)物体的高度h_物=

V

S物

=

7.5×10−4m3

75×10−4m3

=0.1m=10cm， 将物体A放入容器中且与容器底接触但对容器无压力，慢慢向容器注水，待液面稳定后物体A上表面到水面的距离h=5cm， h_物＞h， 所以，物体A竖直向上移动8cm后，物体露出水面，露出水面的高度h_露=8cm-5cm=3cm=0.03m， 物体在露出水面之前，水的深度不变，根据p=ρgh可知，水对容器底压强不变， 物体A露出水面3cm前后，排开水的体积不断变小，水的深度下降，根据p=ρgh可知，水对容器底压强减小， 物体A露出水面3cm后，排开水的体积的减少量△V_排=V_露=S_物h_露=75×10^-4m³×0.03m=2.25×10^-4m³， 所以，水面下降的高度△h=

△V排

S容

=

2.25×10−4m3

120×10−4m2

=0.01875m， 水对容器底压强的变化量△p=ρ_水g△h=1×10³kg/m³×10N/kg×0.01875m=187.5Pa． 答：(1)物体A浸没在水中受到的浮力为7.5N； (2)物体A的密度为2×10³kg/m³； (3)物体A竖直向上移动8cm前后，水对容器底压强的变化量为187.5Pa．

[点评]此题考查浮力、密度和压强的计算，是一道综合性较强的题目，难点在(3)关键是物体A竖直向上移动8cm后水面下降的高度．