16．(2分)(2014•南充)一根阻值为50Ω的电阻丝，两端加上100V的电压时，通电1min所产生的热量为　1.2×104　J，电阻丝消耗的电功率为　200　W． 考点： 焦耳定律的计算公式及其应用；电功率的计算． 专题： 电能和电功率；电与热、生活用电． 分析： 已知电阻两端的电压和电阻值，根据欧姆定律可求通过的电流，利用公式Q=UIt可求10min电阻丝上产生的热量，根据P=UI即可求出电阻丝消耗的功率． 解答： 解：通过电阻丝的电流I===2A， 通电1min所产生的热量：Q=W=It=100V×2A×1×60s=1.2×104J； 电阻丝消耗的电功率：P=UI=100V×2A=200W． 故答案为：1.2×104；200． 点评： 本题考查利用欧姆定律求电流、电阻丝产生热量以及功率的计算，关键是公式及其变形的灵活运用．

17．(2分)(2014•南充)小明将1kg温度为10℃的水加热到90℃时，需要吸收　3.36×105　J的热量，这相当于完全燃烧　0.0042　m3的天然气放出的热量．．[c水=4.2×103J/(kg•℃)，天然气的热值为8×107J/m3]． 考点： 热量的计算． 专题： 比热容、热机、热值． 分析： (1)根据Q=cm(t﹣t0)求出水吸收的热量； (2)再根据Q=Vq求出天然气的体积． 解答： 解：(1)水吸收的热量Q吸=cm(t﹣t0)=4.2×103J/(kg•℃)×1kg×(90℃﹣10℃)=3.36×105J； (2)天然气放出的热量Q放=Q吸=3.36×105J， ∵Q=Vq ∴燃烧天然气的体积V===0.0042m3． 故答案为：3.36×105；0.0042． 点评： 此题主要考查的是学生对热量、热值计算公式的理解和掌握，基础性题目．

18．(2分)(2014•南充)如图所示，物体重G=50N，OB=0.4m，OA=1m，使杠杆在水平位置平衡时，F1的力臂L1=　0.5　m，F1=　40　N．(杠杆重忽略不计) 考点： 杠杆的平衡条件． 专题： 简单机械． 分析： (1)力臂是从支点到力的作用线的距离，做出F1的作用线，确定支点，并做出动力臂和阻力臂； (2)根据动力臂和OA的关系结合杠杆平衡条件进行解答． 解答： 解：(1)做出F1的作用线，则从支点到作用线的距离即为L1，力臂L2=OB=0.4m，如图所示： ； (2)由图知，当测力计斜向上拉动时，力的作用线与OA成30°夹角，其力臂L1=OA=×1m=0.5m， 则此时测力计的示数为： F1•L1=G•OB， F1×0.5m=50N×0.4m， F1=40N． 故答案为：0.5；40． 点评： 此题考查了力臂的画法及杠杆平衡条件的应用，理解力臂是应用杠杆平衡条件的基础，杠杆平衡调节又是杠杆问题的重点，一定要熟练掌握．

19．(2分)(2014•南充)如图是两定值电阻RA和RB中的电流与其两端电压的关系，若将两电阻并联在电压为2V的电路中，干路上电流为　0.6　A，通电相同时间，RA、RB产生的热量之比QA：QB=　2：1　． 考点： 焦耳定律的计算公式及其应用． 专题： 电与热、生活用电． 分析： 根据图象求A、B两电阻的阻值，根据并联电路的电阻关系计算并联后电阻，根据欧姆定律计算出干路电流；由并联电路的特点及电功公式求两电阻产生的热量之比． 解答： 解：由图象知，U=2V时，IA=0.4A，IB=0.2A，则RA===5Ω，RB===10Ω，RA＜RB． 两电阻并联时，电路总电阻： ， R并===A， 干路的电流为I总===0.6A； 由I=，Q=I2Rt得， ====2：1． 故答案为：0.6；2：1． 点评： 本题考查了串联电路、欧姆定律、焦耳定律(也可用电功公式计算，W=Q)的计算，侧重考查了学生的读图能力，是一道难度适中的题目．

20．(2分)(2014•南充)如图，一束光从直角三角形玻璃砖AB面垂直射入，并从玻璃砖AC面射出．请画出光束进入玻璃砖和离开玻璃砖后的光路． 考点： 作光的折射光路图． 专题： 光的折射、光的色散． 分析： 此题主要考查光的折射规律： 当光从空气斜射入玻璃时，入射光线和折射光线分居法线的两侧，折射角小于入射角． 当光从玻璃斜射入空气时，入射光线和折射光线分居法线的两侧，折射角大于入射角． 解答： 解：光从空气垂直入射到玻璃界面上，传播方向不变，当光从玻璃斜射入空气中时，折射角大于入射角，折射光线将远离法线．在作图时，注意先做出法线． 故答案为： 点评： 此题主要考查了光的折射规律，一定要熟练掌握光的折射定律的内容，关键是搞清折射角与入射角之间的关系．

22．(4分)(2014•南充)如图所示，在探究水的沸腾”实验中 (1)所用温度计是根据液体　热胀冷缩　的性质制成的． (2)当水温上升到90℃时，每隔1min读一次温度计的示数，数据记录如下表 时间/min 0 1 2 3 4 5 6 7 温度/ ℃ 90 91 94 96 98 98 98 98 分析实验数据可知在当时条件下，水的沸腾点是　98　℃，这说明当时水面上方的大气压　小于　(填“大于”、“小于”或“等于”)一个标准大气压． (3)熄灭酒精灯后，水停止沸腾，说明水沸腾时需要　吸收热量　． 考点： 探究水的沸腾实验． 专题： 探究型实验综合题． 分析： (1)液体温度计是根据液体热胀冷缩的性质制成的； (2)要掌握沸点的概念，水在沸腾过程中温度保持不变，水沸腾时的温度就是水的沸点． 水的沸点与气压有关，气压越高沸点越高．知道标准大气压下的温度为100℃． (3)液体沸腾的条件：达到沸点、继续吸热． 解答： 解：(1)液体温度计是根据液体热胀冷缩的性质制成的； (2)由表格中数据知，从4到7分钟，水的温度保持98℃不变，所以可以看出水的沸点是98℃． 此时的沸点低于水标准大气压下的沸点，所以当时气压低于标准大气压． (3)熄灭酒精灯后，水停止沸腾，水的沸腾随着吸热停止而停止，说明沸腾过程需要吸收热量． 故答案为：(1)热胀冷缩；(2)98；小于；(3)吸收热量． 点评： 此题主要是探究水的沸腾实验，其中要用温度计测量温度，所以一定要掌握温度计的使用规则及读数．同时考查了沸点的概念及沸腾过程中的特点．还考查了水的沸点与气压之间的关系，要记住标准大气压下的沸点，水的沸点随气压的升高而升高．

23．(4分)(2014•南充)在探究“压力的作用效果跟什么因素有关”的实验时，同学们利用小桌、砝码、海绵等器材设计了如图所示的系列实验． (1)同学们是根据　海绵的凹陷程度　来比较压力作用效果的． (2)观察比较图甲、乙的情况可以得到的结论是：受力面积一定时，　压力越大　，压力的作用效果越明显． (3)要探究压力的作用效果跟受力面积的关系，应比较　乙丙　两图的实验，得到的结论是：　在压力一定时，受力面积越小，压力的作用效果越明显　． 考点： 探究压力的作用效果跟什么因素有关的实验． 专题： 探究型实验综合题． 分析： 力可以使物体发生形变，物体的形变量越大，力的作用效果越明显； 根据控制变量法的要求，根据实验控制的变量与实验现象分析图示现象，然后答题． 解答： 解： (1)在实验中，小明是通过观察海绵的凹陷程度来比较压力作用效果的． (2)由图甲和图乙所示实验可知，物体的受力面积相同而压力不同，压力越大，力的作用效果越明显，由此可知：在受力面积相同时，压力越大，压力的作用效果越明显． (3)研究压力的作用效果与受力面积是否有关，应控制压力相同而受力面积不同，由图示可知，应选乙、丙两个实验．得到的结论是：在压力一定时，受力面积越小，压力的作用效果越明显 故答案为： (1)海绵的凹陷程度； (2)压力越大； (3)在压力一定时，受力面积越小，压力的作用效果越明显． 点评： 本题考查了对压力作用效果影响因素实验过程和现象的分析，应用控制变量法分析图示实验现象即可正确解题．

24．(4分)(2014•南充)小刚同学做“测定小灯泡的额定功率”的实验，设计了如图甲所示电路图，灯泡额定电压为3.8V． (1)小刚根据电路图连接实物图，闭合开关后，移动滑动变阻器滑片，发现小灯泡不发光，经检查，是由一根导线连接错误所致，请在图乙中连接错误的导线上打““×”并补画出正确的连线． (2)电路图连接正确后闭合开关，移动滑动变阻器的滑片到某处时，电压表示数为3V，要测量小灯泡的额定功率，应将滑片向　A　(填”A“或“B”)端滑动，当电压表示数为　3.8　V时，小灯泡正常发光，此时，电流表指针位置如图丙所示，则小灯泡额定功率为　1.14　W． 考点： 电功率的测量． 专题： 测量型实验综合题． 分析： (1)分析图示电路图，然后答题． (2)根据电路图确定滑片的移动方向，由图示电流表确定其量程与分度值，读出其示数，然后由P=UI求出灯泡额定功率． 解答： 解：(1)由图乙所示电路图可知，电压表串联接入电路，电压表连接错误，应把电压表并联在灯泡两端，修改后的电路图如图所示： (2)电压表示数为3V小于灯泡额定电压，由电路图可知，为测灯泡额定功率，应将滑片向A端移动，知道电压表示数等于灯泡额定电压3.8V为止； 由图丙所示电流表表可知，其量程为0-0.6A，分度值为0.02A，示数为0.3A，灯泡额定功率P=3.8V×0.3A=1.14W． 故答案为：(1)电路图如图所示；(2)A；3.8；1.14． 点评： 本题考查了修改电路图、实验操作、电表读数、求灯泡额定功率，对电表读数时，要先确定其量程与分度值，然后再读数，读数时视线要与电表刻度线垂直．

25．(8分)(2014•南充)如图所示，某工人重600N，站在水平面上，用100N的拉力向下匀速拉动绳子，提起一浸没在水中体积为1.2×10﹣2m3，重360N的物体．(物体始终浸没在水中，且忽略水对物体的阻力，ρ水=1×103kg/m3，g=10N/kg)求： (1)已知工人双脚与地面的总接触面积是3×10﹣2m2，工人没有拉动绳子时对地面的压强； (2)物体浸没在水中时受到的浮力； (3)提起物体时滑轮组的机械效率． 考点： 压强的大小及其计算；浮力大小的计算；滑轮(组)的机械效率． 专题： 压强、液体的压强；浮力；功、功率、机械效率． 分析： (1)工人对地面的压力等于其重力，知道总接触面积，利用压强定义式求对地面的压强； (2)知道物体的体积(浸没水中排开水的体积)，利用阿基米德原理求物体浸没在水中时受到的浮力； (3)提起物体时，滑轮组受到的拉力F拉等于物体重力减去受到的浮力，利用η=×100%=×100%=×100%=×100%求提起物体时滑轮组的机械效率． 解答： 解： (1)工人对地面的压力： F压=G=600N， S=3×10﹣2m2， 对地面的压强： p===2×104Pa； (2)物体浸没水中排开水的体积： V排=V=1.2×10﹣2m3， 物体浸没在水中时受到的浮力： F浮=ρ水V排g=1×103kg/m3×1.2×10﹣2m3×10N/kg=120N； (3)提起物体时，滑轮组受到的拉力： F拉=G物﹣F浮=360N﹣120N=240N， 提起物体时滑轮组的机械效率： η=×100%=×100%=×100%=×100%=×100%=80%． 答：(1)工人没有拉动绳子时对地面的压强为2×104Pa； (2)物体浸没在水中时受到的浮力为120N； (3)提起物体时滑轮组的机械效率为80%． 点评： 本题为力学综合题，考查了压强、浮力、机械效率的计算，本题易错点在第三问，关键是求出对滑轮组的拉力F拉=G物﹣F浮

26．(8分)(2014•南充)如图所示电路中，电源电压恒定，小灯泡标有“6V 3W“字样(忽略温度对灯丝电阻的影响)．当S1、S2均闭合，滑片P置于a端时，小灯泡正常发光，此时电流表的示数是I=1A，求： (1)灯泡正常发光时的电流和电阻； (2)滑动变阻器的最大电阻； (3)当S1闭合，S2断开，移动滑片P置于某一位置时，滑动变阻器消耗的电功率是0.72W，此时滑动变阻器连入电路中的阻值． 考点： 欧姆定律的应用；电功率的计算． 专题： 计算题；欧姆定律；电能和电功率． 分析： (1)已知灯泡的额定电压、额定功率，根据I=求出正常发光时的电流，根据R=求出灯泡的电阻； (2)当S1、S2均闭合，滑片P置于a端时，滑动变阻器与灯泡并联，根据小灯泡正常发光可知电源的电压； 根据并联电路的电流特点求出滑动变阻器上的电流，根据欧姆定律求滑动变阻器的最大电阻； (3)当S1闭合，S2断开，滑动变阻器与灯泡串联，已知滑动变阻器消耗的电功率，根据I=表示电路中的电流，根据欧姆定律和串联电路电压特点表示出电源电压的表达式，然后代入数据解之． 解答： 解：(1)由PUI得：灯泡正常发光时的电流IL===0.5A； 由P=得：灯泡的电阻RL===12Ω； (2)当S1、S2均闭合，滑片P置于a端时，滑动变阻器与灯泡并联，此时小灯泡正常发光， 则电源的电压U=U额=6V； ∵并联电路干路电流等于各支路电流之和， ∴通过滑动变阻器的电流Iab=I﹣IL=1A﹣0.5A=0.5A； 由欧姆定律得：滑动变阻器的阻值Rab===12Ω； (3)当S1闭合，S2断开，滑动变阻器的R′与灯泡串联， 由P=I2R得：电路中的电流I′=， 根据电阻的串联特点可知：R总=R′+RL， 由欧姆定律得：U=I′R总=(R′+RL) 即：6V=×(R′+12Ω)， 解得：R′=8Ω，R′=18Ω＞12Ω(舍去)． 答：(1)灯泡正常发光时的电流和电阻分别为0.5A、12Ω； (2)滑动变阻器的最大电阻为12Ω； (3)当S1闭合，S2断开，移动滑片P置于某一位置时，滑动变阻器消耗的电功率是0.72W，此时滑动变阻器连入电路中的阻值为8Ω． 点评： 本题考查了串联电路的电流、电压特点和欧姆定律的计算；能根据灯泡正常发光，利用电功率公式确定电路中的电流和灯泡两端的电压是解决本题的关键．