9.答案: (1)0.045 9.0×10-3 (2)该反应中甲酸具有催化作用 ①反应初期:虽然甲酸甲酯的量较大.但甲酸量很小.催化效果不明显.反应速率较慢. ②反应中期:甲酸量逐渐增多.催化效果显著.反应速率明显增大. ③反应后期:甲酸量增加到一定程度后.浓度对反应速率的影响成主导因素.此时.v增大.使总反应速率逐渐减小.直至为零. [解析](1)由图可知15-20 min内.甲酸甲酯的转化率从6.7%上升到11.2%.则Dn = 1.00 mol× = 0.045 mol.v (HCOOCH3) = = 9×10-3 mol·min-1. 给表中数据可知.平均速率是先增大再减小.后保持为0.分析其原因.可从浓度.催化剂.温度来入手:现温度不变,HCOOCH3起始时浓度最大.但其起始速率并不是最大.说明有催化剂的影响,现有物质中有催化可能的是HCOOH.CH3OH.H2O.但CH3OH.H2O的起始浓度已不小.所以.只能考虑是HCOOH起催化作用. (3)K值的计算要注意选取的是平衡时的量.即是图上甲酸甲酯的转化率为24%的点. (4)因为升高温度.反应速率增大.达到平衡所需时间缩短.所以绘图时要注意T2达到平衡的时间要小于T1.再者.该反应是吸热反应.升高温度.平衡右移.甲酸甲酯的转化率增大.所以T2达平衡时的平台要高于T1. 查看更多

 

题目列表(包括答案和解析)

将硫酸钾、硫酸铝、硫酸钾铝三种盐混合溶于硫酸酸化的水中,测得c(SO)=0.105 mol·L1c(Al3)=0.055 mol·L1,溶液的pH=2.0(假设溶液中硫酸完全电离为H和SO),则c(K)为

A.0.045 mol·L1                                                                    B.0.035 mol·L1

C.0.055 mol·L1                                                                  D.0.040 mol·L1

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反应4NH3(g)+5O2(g) 4NO(g)+6H2O(g)在10 L密闭容器中进行,半分钟后,水蒸气的物质的量增加了0.45 mol,则此反应的平均速率(X)(反应物的消耗速率或产物的生成速率)可表示为

A.(NH3)=0.010 mol·L-1·s-1

B.(O2)=0.0010 mol·L-1·s-1

C.(NO)=0.0010 mol·L-1·s-1

D.(H2O)=0.045 mol·L-1·s-1

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标准状况下,将O2NO34体积比注满一干燥烧瓶,将烧瓶倒置于水中,瓶中液面逐渐上升后,最终烧瓶内溶液物质的量浓度最接近于(mol/L)( )

A0.045       B0.036        C0.026         D0.030

 

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标准状况下,将O2NO34体积比注满一干燥烧瓶,将烧瓶倒置于水中,瓶中液面逐渐上升后,最终烧瓶内溶液物质的量浓度最接近于(mol/L)( )

A0.045       B0.036        C0.026         D0.030

 

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常温下,有甲、乙两份体积均为lL,浓度均为0.1mol/L的氨水,其pH为11.①甲用蒸馏水稀释100倍后,溶液的pH将为a;②乙与等体积、浓度为0.2mol/L的盐酸混合,在混合溶液中:n(NH4+)+n(H+)-n(OH-)=bmol.则a、b正确的答案组合是(  )

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同步练习册答案