9．[解析]　a₁t₁＝v_max＝a₂t₂，利用a₁＝2a₂得t₁∶t₂＝1∶2，B正确；下滑

的最大速度v_max＝2＝＝8 m/s，A错误；加速过程中有mg－Ff₁＝ma₁，减速过程中有Ff₂－mg＝ma₂，而a₁＝8 m/s²，a₂＝4 m/s²，所以Ff₁∶Ff₂＝1∶7，C正确；加速过程与减速过程的平均速度相等，则其位移x₁＝t₁，x₂＝t₂，x₁∶x₂＝t₁∶t₂＝1∶2，D错误．

[答案]　BC

8．[解析]　由初始条件知最大静摩擦力Ff_max≥5 N，当小车向右加速运动时．假设物块仍相对小车静止，由牛顿第二定律得5 N+F_f＝10×1 N，F_f＝5 N，因F_f′＝－5 N，则A、B正确．

[答案]　AB

7．[解析]　当飞机做加速度的大小为重力加速度g、加速度的方向为竖直向下的运动时，座舱内的试验者便处于完全失重状态．这种运动可以是飞机模拟无阻力的竖直下抛运动或竖直上抛运动，也可以是斜抛运动，所以A正确，B错误；如果是竖直上抛运动，可计算出时间是150 s，如果是竖直下抛运动可计算出时间是50 s，因此可得C正确，D错误．

[答案]　AC

6．[解析]　雨滴在下落过程中，质量逐渐增大，雨滴所受的重力逐渐增大，但重力产生的加速度始终为g，故A错误，D正确；由mg－F_f＝ma得：a＝g－，可见雨滴下落的加速度逐渐减小的原因不是m增大，而是F_f增大，故B错误，C正确．

[答案]　CD

5．[解析]　m刚放上时，mgsin θ+μmgcos θ＝ma₁.当m与带同速后，因带足够长，且μ＜tan θ，故m要继续匀加速．此时，mgsin θ－μmgcos θ＝ma₂，a₂＜a₁，故D正确．

[答案]　D

4.[解析]　小朋友在AB段沿滑梯向下匀加速下滑，在BC段向下匀减速下滑，因此小朋友和滑梯组成的系统水平方向的加速度先向左后向右，则地面对滑梯的摩擦力即系统水平方向合外力先水平向左，后水平向右，A正确，B错误；系统在竖直方向的加速度先向下后向上，因此系统先失重后超重，故地面对滑梯的支持力的大小先小于后大于小朋友和滑梯的总重力的大小，C、D错误．

[答案]　A

3．[解析]　在A点刚释放时，弹簧的压缩量最大，弹力最大，由牛顿第二定律可知，此时的加速度最大，故A错误；物体在A点时弹簧处于压缩状态，而在B点时弹簧处于伸长状态，显然弹簧对物体的弹力方向相反，故物体在A、B两点的加速度不同，选项B错误；从O到B的过程中，弹簧的伸长量越来越大，弹力方向水平向左，且越来越大，故物体的加速度方向水平向左，且越来越大，选项C正确、D错误．

[答案]　C

2．[解析]　卫星在0-t₃时间内速度方向不变，一直升高，在t₃时刻到达最高点，A错误；v－t图象的斜率表示卫星的加速度，由图可知，t₁-t₂时间内卫星的加速度大，B错误；t₁-t₂时间内，卫星的加速度竖直向上，处于超重状态，t₂-t₃时间内，卫星的加速度竖直向下，处于失重状态，故C正确，D错误．

[答案]　C

1．[解析]　在物体P压缩弹簧的过程中，弹簧的弹力一直在增大，根据牛顿第二定律可知，物体P的加速度一直在增大，但速度方向与加速度方向相反，则物体P运动速度一直在减小，当速度为零时，加速度最大，C正确．

[答案]　C

12．(17分)倾斜的传送带以v＝10 m/s的速度顺时针稳定运行，如图3－2－20所示，在传送带的上端A点轻轻的放上一个小物体，物体与传送带之间的动摩擦因数为μ＝0.5，传送带A点到下端B点的距离为L＝16 m，传送带倾角为θ＝37°，求物体由A点运动到B点所需的时间是多少？(g＝10 m/s²，sin 37°＝0.6，cos 37°＝0.8)

答案及解析