3.如图所示，匀强电场竖直向上，匀强磁场水平向外，有一正离子恰能沿直线从左向右水平飞越此区域，则　 (　 　　)

A．若电子从右向左水平飞入，电子也沿直线运动

　　 B．若电子从右向左水平飞入，电子将向上偏转

C．若电子从右向左水平飞入，电子将向下偏转

D．若电子从右向左水平飞入，电子将向外偏转

D．小球的动能不断增大，直至某一最大值

2、如图所示是一种延时开关，当S₁闭合时，电磁铁F将衔铁D吸下，C线路接通。当S₁断开时，由于电磁感应作用，D将延迟一段时间才被释放。则(　　 )

(A)由于A线圈的电磁感应作用，才产生延时释放D的作用

(B)由于B线圈的电磁感应作用，才产生延时释放D的作用

(C)如果断开B线圈的电键S₂，无延时作用

(D)如果断开B线圈的电键S₂，延时将变长

1．如图所示，通有恒定电流的导线与闭合金属框共面，第一次将金属框由Ⅰ平移到Ⅱ，第二次将金属框由Ⅰ绕cd边翻转到Ⅱ，设先后两次通过金属框的磁通量变化分别为△Φ₁和△Φ₂，则(　　 )

A．△Φ₁＜△Φ₂　　　 B．△Φ₁＞△Φ₂　

C．△Φ₁＝△Φ₂　　　 D．△Φ₁＝-△Φ₂

14．解析：(1)在恒力F作用下，线圈开始向上做匀加速直线运动，设线圈的加速度为a，据牛顿第二定律有：

F-mg=ma　　　　　　　　　　　　　　　　　 ①

设线圈进入磁场的速度为v_l，则：　　 ②

cd边产生的感应电动势为E=BLv_l③

线框中产生的感应电流为I=E/R　　　　　　　　 ④

线框所受的安培力为F_安=BIL　　　　　　　　　 ⑤

因线框做匀速运动，则有F=F_安+mg　　　　　　　 ⑥

联立上述几式，可解得：F=4N　　　　　　　　 ⑦

(2)恒力F做的功W=F(H+L+h)=42.4J　　　　　 ⑧

从cd边进入磁场到ab边离开磁场的过程中，拉力所做的功等于线框增加的重力势能和产生的热量Q，即：F(L+h)=mg(L+h)+Q　　　　 　　　　　　　⑨

解得：Q=(F-mg)(L+h)=3.0J　　　　　　　　　 ⑩

( 或3.0J )

13．(1)在N点：qV₁B-Eq=0　　　

得V₁=E/B=2m/s　　

从M到N：mgh+W_f=-0　　

得：W_f=-6×10^-3J　　

(2)在P点：qV₂Bcos45⁰-Eq=0　　 　

得V₂=2m/s　　　

并有 Eq=mg　　　　

从M到P：mgH+W_f-Eqs=-0　 　　

　得s=0.6m　　　　

12。。

11。=

10、(1)如图

(2)相反(3)相同

9、(1)　

(2) BCD 　

14．(12分)如图所示，在高度差h=0.50m、水平平行的虚线范围内，有磁感强度B=0.50T、方向垂直于竖直平面的匀强磁场，正方形线框abcd的质量m=0.10kg，边长L=0.50m，电阻R= 0.50Ω，线框平面与竖直平面平行，静止在位置“I”时，cd边跟磁场下边缘的距离H=9.6m。现用一竖直向上的恒力F向上提线框，该线框从位置“I”由静止开始向上运动，穿过磁场区，最后到达位置“Ⅱ”(ab边恰好出磁场)，线框平面在运动中保持在竖直平面内，且cd边保持水平。设cd边刚进入磁场时，线框恰好开始做匀速运动。(g取l0m/s²)

(1)求线框所受恒力F的大小？

(2)线框由位置“I”到位置“Ⅱ”的过程中，恒力F做的功是多少?线框内产生的热量是多少?

答安：