题目列表(包括答案和解析)

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17.解:已知每秒雷暴带给地球的电荷量为q,则大气的漏电电流为I=q/t=1800A

大气的漏电电阻可由欧姆定律求得U=IR

其中U=3.0×105V,R=ρL/s,L=50km,s=4πr2,代入有关数据解得,

ρ=2×1012Ω·m-1   地球的漏电功率为P=UI=5×108W

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16.解:(1)设S2断开时R1消耗的功率为P1,则

代入数据可以解得,r=1Ω

(2)设S2闭合时R1两端的电压为U,消耗的功率为P2,则,解得,U=84V

由闭合电路欧姆定律得,E=U+Ir,代入数据,得I=26A

流过R1的电流为I1,流过电动机的电流为I2A,而I1+I2=I,所以I2=22A,

,代入数据得,W

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15.解:由电阻的串并联得,闭合电路的总电阻R=R1(R2+R3)/(R1+R2+R3)+r

由欧姆定律得,通过电源的电流I=E/R

电源的端电压U=E-Ir   电阻R3两端的电压U/=R3U/(R2+R3)

通过R4的总电量就是通过电容器的电量Q=CU/

代入数据解得,Q=2.0×10-4C

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13.解:(1)根据闭合电路欧姆定律得:S断开时:I=10/(16+2+2)=10/20=0.5A

S闭合时:RAB=(R2×R3)/(R2+R3)=1Ω  所以I=10/(1+2+2)=2A

(2)S闭合时,RAB=1Ω是定值电阻,所以电流越大,功率越大,所以应将R1调为零。

A、B间电路消耗的电功率为:PAB=E2/(RAB+r)=102/3=33.3W。

14解:(1)微粒带负电  (2分)

(2)微粒做圆周运动的轨迹在水平面内,且圆心O在点电荷的正下方,设圆心离点电荷的距离为H.  (2分)

对于微粒受力分析如图所示,由牛顿第二定律得

     ①   (6分)

由几何知识得:R=Htanα   ②   (2分)

由①②得:       (2分)

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17.(15分)大气中存在可自由运动的带电粒子,其密度随距地面高度的增加而增大,可以把离地面50km以下的大气看作是具有一定程度漏电的均匀绝缘体(即电阻率较大的物质);离地面50km以上的大气则看作是带电粒子密度非常大的良导体。地球本身带负电,其周围空间存在电场,离地面L=50km处与地面之间的电势差约为U=3.0×105V。由于电场的作用,地球处于放电状态,但大气中频繁发生雷暴又对地球充电,从而保证了地球周围电场恒定不变。统计表明,雷暴每秒带给地球的平均电荷量为q=1800C。试估算大气电阻率ρ和地球漏电功率P。(已知地球半径r=6400km,结果保留一位有效数字)

18(17分)如图所示的电路中,两平行金属板A、B水平放置,两板间的距离d=40cm。电源电动势E=24V,内电阻r=1Ω,电阻R=15Ω。闭合开关S,待电路稳定后,将一带正电的小球从B板小孔以初速度v0=4m/s竖直向上射入板间。若小球带电量为q=1×10-2C,质量为m=2×10-2kg,不考虑空气阻力。那么,滑动变阻器接入电路的阻值为多大时,小球恰能到达A板?此时,电源的输出功率是多大?(取g=10m/s2)

1 B C D2 D 3 C  4.A  5.C  6 A  7 B  8 B  9 B D  10 B C

11 (6分)  50   0.5 4.763 mm

12(14分)(1)  C    E  (4分)  (2)  外接  (2分)

   (3)电路图如图所示(要求:滑动变阻器采用分压接法;电流表采用外接法)(4分)

    (4)其形成原因是: 电压、电流的增大,使小灯泡温度升高,灯丝电阻率(或电阻)增大。(4分)

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16.(16分)如图所示,电源的电动势E=110V,电阻R1=21Ω,电动机绕组的电阻R0=0.5Ω,电键S1始终闭合。当电键S2断开时,电阻R1的电功率是525W;当电键S2闭合时,电阻R1的电功率是336W,求

(1)电源的内电阻;

(2)当电键S2闭合时流过电源的电流和电动机的输出的

功率。

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15.(14分)在如图所示的电路中,电源的电动势E=3.0V,内阻r=1.0Ω;电阻R1=10Ω,R2=10Ω,R3=30Ω;R4=35Ω;电容器的电容C=100μF,电容器原来不带电,求接通开关S后流过R4的总电量。

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 13.(14分)在如图所示的电路中,所用电源电动势E=10V,内电阻r=2Ω,电阻R1可调。现将R1调到2Ω后固定。已知R2=16Ω,R3=Ω,求:

(1)开关S断开和接通时,通过R1的电流分别为多大?

(2)为了使A、B之间电路的电功率在开关S接通时能达到最

大值,应将R1的阻值调到多大?这时A、B间电路消耗的

电功率将是多少?

14.(14分)一带电量为Q的固定正点电荷在真空中形成的电场如图所示,现有一质量为m,带电量为q的微粒在此点电荷附近做周期为T的匀速圆周运动,微粒的重力不能忽略,求:

(1)微粒的带电性质.

(2)微粒的轨迹所在平面及圆心O的位置.

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11.螺旋测微器的旋钮每转一周,可动刻度恰好转过     等分,此时测微螺杆就前进或后退    mm。如图14-10-2所示螺旋测微器的示数为       。(6分)

12(14分)在“描绘小灯泡的伏安特性曲线”的实验中,可供选择的器材及代号如下:

A.小灯泡L( 3 V、1.8 W);

B.滑动变阻器R(0 10 Ω,额定电流1.5A);

C.电压表V1(量程:0 3 V,R V =5 kΩ);

D.电压表V2(量程:0 15 V,R V =10 kΩ);

E.电流表A1(量程:0 0.6 A,R A =0.5 Ω); 

F.电流表A2(量程:0 3 A,R A =0.1 Ω);

G.铅蓄电池、电键各一个,导线若干;

实验中要求加在小灯泡两端的电压可连续地从零调到额定电压。

(1)为了减少误差,实验中应选电压表      ,电流表      

(2)在实验中,电流表应采用      法(填“内接”或“外接”);

(3)请在图虚线框内按要求设计实验电路图(部分线已画好)

 

(4)某同学实验后作出的I U  图象如图所示,请分析该图象形成的原因是:      

                    

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14、如图所示的异形导线框,匀速穿过一匀强磁场区,导线框中的感应电流i随时间t变化的图象是(设导线框中电流沿abcdef为正方向) (  )

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同步练习册答案
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