9.假设地球表面不存在大气层，那么人们观察到的日出时刻与实际存在大气层的情况相比(99)　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　 ( 　B 　　　) 　A.将提前　　　　　　　　　　 　B.将延后 　C.在某些地区将提前，在另一些地区将延后　 　　D.不变 10． 下列说法中正确的是　 (2004上海)　　　　　　　　　　　　　　　　 ( C　 )

① 光的干涉和衍射现象说明光具有波动性

② 光的频率越大，波长越大

③ 光的波长越大，光子的能量越大

④ 光在真空中的传播速度为3.00´10⁸m/s

　 A ① ③　　 B ② ④　　　 C ① ④　　　 D ② ③　

2．图中所示是用干涉法检查某块厚玻璃板的上表面是否平的装置。所用单色光是用普通光源加滤光片产生的。检查中所观察到的干涉条纹是由下列哪两个表面反射的光线叠加而成的?(93)　 　　　　　　　　　　　　　　　　(　C　) (A)a的上表面和b的下表面　　

(B)a的上表面和b的上表面 　(C)a的下表面和b的上表面　　

(D)a的下表面和b的下表面 3．入射光照射到某金属表面上发生光电效应，若入射光的强度减弱，而频率保持不变，那么(93)　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　 (C　) 　(A)从光照至金属表面上到发射出光电子之间的时间间隔将明显增加 　(B)逸出的光电子的最大初动能将减小 　(C)单位时间内从金属表面逸出的光电子数目将减少 　(D)有可能不发生光电效应 4.在演示光电效应的实验中,原来不带电的一块锌板与灵敏验电器相连.用弧光灯照射锌板时,验电器的指针就张开一个角度,如图2所示.这时(95)　 　　　　　　　　　　　(　 B ) 　A.锌板带正电,指针带负电;　B.锌板带正电,指针带正电; 　C.锌板带负电,指针带正电;　D.锌板带负电,指针带负电. 5.红、橙、黄、绿四种单色光中，光子能量最小的是。(96)　 　　　　　　　　　(　　 A　 ) 　(A)红光　　(B)橙光　　(C)黄光　(D)绿光 6．在双缝干涉实验中，以白光为光源，在屏幕上观察到了彩色干涉条纹，若在双缝中的一缝前放一红色滤光片(只能透过红光)，另一缝前放一绿色滤光片(只能透过绿光)，这时(97)　 　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　(C　 )　　　　　　　　 　(A)只有红色和绿色的双缝干涉条纹，其它颜色的双缝干涉条纹消失 　(B)红色和绿色的双缝干涉条纹消失，其它颜色的双缝干涉条纹依然存在 　(C)任何颜色的双缝干涉条纹都不存在，但屏上仍有光亮

(D)屏上无任何光亮 7．光线在玻璃和空气的分界面上发生全反射的条件是(97)　 　　　　 (B　 ) 　 (A)光从玻璃射到分界面上，入射角足够小

(B)光从玻璃射到分界面上，入射角足够大 (C)光从空气射到分界面上，入射角足够小

(D)光从空气射到分界面上，入射角足大 8一细束平行光经玻璃三棱镜折射后分解为互相分离的三束光，分别照射到相同的金属板a、b、c上，如图所示。已知金属板b有光电子放出，则可知(98)　　 (　 D 　　　)　　　　　　　　　　　　　

　 (A)板a一定不放出光电子

　 (B)板a一定放出光电子

　 (C)板c一定不放出光电子

　 (D)板c一定放出光电子

1．红光与紫光相比(92)　　 　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　(　 D　 ) ① 在真空中传播时，紫光的速度比较大　

② 在玻璃中传播时，红光的速度比较大 ③ 玻璃对红光的折射率较紫光的大

④ 从玻璃到空气的界面上，红光的临界角较紫光的大 A ① ③　　　 B ② ③　　　 C ① ④　　　 D ② ④

(时间90分:满分100分)

班级　　 　　姓名　　　　　　 　　座号 　　　　　　　成绩　　　　　　

6、当物体在前半周期时由牛顿第二定律，得 F1-μmg=ma₁

a₁=( F₁－μmg)/m=(12－0.1×4×10)/4=2m/s²

当物体在后半周期时，

由牛顿第二定律，得 F₂+μmg= ma₂

a₂=( F₂+μmg)/m=(4+0.1×4×10)/4=2m/s²

前半周期和后半周期位移相等 x₁=1/2at 2 =0.5×2×2² =4m

一个周期的位移为 8m 最后 1s 的位移为 3m

83 秒内物体的位移大小为 x=20×8+4+3=167m

一个周期 F 做的功为 w₁=(F₁－F₂)x₁=(12－4)4=32J

力 F 对物体所做的功 w=20×32+12×4-4×3=681J

5、(1)设人的质量为m,在星球表面附近的重力等于万有引力，有

mg_星=　　　　　　　　 ①

解得　　 g_星= 　　　　　　　　　　　②

(2)　 设人能上升的最大高度为h,由功能关系得

mg_星h=　　　　　　　　 ③

解得　 h=　　　　　　　　　　 ④

4、解：对全过程应用动量定理有：

Fcosθt₁=μ(mgcosθ+Fsinθ)t₁+mgsinθ(t₁+t₂)+μmgcosθt₂

代入数据解得μ＝0.25

又考虑第二个过程，则由牛顿定律有a₂=gsinθ+μgcosθ=8m/s²

第二过程的初速度为v=a₂t₂=10m/s

总位移为s=(t₁+t₂)=16.25s.

2、(1)运动员从D点飞出时的速度 v=

依题意，下滑到助滑雪道末端B点的速度大小是30 m/s

(2)在下滑过程中机械能守恒，有

　mgh=

下降的高度　　　　　　 h=

　(3)根据能量关系，有mgh-W_t=

运动员克服阻力做功W_t=mgH- =3000 J 3、解：不合理，理由是：如按以上计算，则质点完成位移为：+=278m≠218m。所以以上做法不对，而且说明最大速度一定比40m/s要小。

正确结果：设在直道上最大速度为v，则有s=+

代入数据并求解得：v=36m/s

则加速时间t₁==9s，减速时间t₂==2s最短时间为 t= t₁ + t₂=11s

1、由图可知，在到的时间内，体重计的示数大于，故电梯应做向上的加速运动.设在这段时间内体重计作用于小孩的力为，电梯及小孩的加速度为，由牛顿第二定律，得　　　　　　　　　　　　 　　 ①

在这段时间内电梯上升的高度　　　　　　　　　　　 ②

在到的时间内，体重计的示数等于，故电梯应做匀速上升运动，速度为时刻的瞬时速度，即　　　　　　　　　　　　　　　　　 　　　　 ③

在这段时间内电梯上升的高度　　　　　　　　　　　　　 　　 ④

在到的时间内，体重计的示数小于，故电梯应做向上的减速运动.设这段时间内体重计作用于小孩的力为，电梯及小孩的加速度为，由牛顿第二定律，得　　　　　　　　　　　　 　　 ⑤

在这段时间内电梯上升得高度　　 ⑥

电梯上升的总高度　　　　　　　　　　　 　　 ⑦

由以上各式，利用牛顿第三定律和题文及题图中的数据，解得

＝9 m　　 　　　　　　　　　　　　 ⑧

2、S₁，或S₆37.5,193.5

S₁, S₂, S₃, S₄, S₅, S₆或37.5,69.0,100.5,131.5,163.0,193.5

B

偶然

阻力[空气阻力，振针的阻力，限位孔的阻力，复写纸的阻力等]，交流电频率波动，长度测量，数据处理方法等。

三