题目列表(包括答案和解析)
2.一定质量的理想气体处于平衡态I,现设法使其温度升高而压强减小达到平衡态II,则( )
A.状态I时气体的密度比状态II时气体的密度小
B.状态I时分子的平均动能比状态II时分子的平均动能大
C.从状态I到状态II过程中气体要向外放热
D.从状态I到状态II过程中气体要对外做功
1.铀239()经过衰变可产生钚239()。关于铀239的衰变,下列说法正确的是( )
A.与的核内具有相同的中子数和不同的核子数
B.放射性物质发生β衰变时所释放的电子来源于核外电子
C.经过2次β衰变产生
D.温度升高,的半衰期减小
33.(15分)解:
(1)方框质量
方框电阻
方框下落速度为v时,产生的感应电动势
感应电流 (1分)
方框下落过程,受到重力G及安培力F,
,方向竖直向上 (1分)
当F=G时,方框达到最大速度,即v=vm
则 (2分)
磁极狭缝间磁感应强度B的大小为 (1分)
(2)方框下落加速度为时,有,Mg-IB×2L=M (2分)
则 (1分)
方框的发热功率 (2分)
(3)根据能量守恒定律,有 (3分)
(1分)
解得恒定电流I0的表达式 。 (1分)
32.(12分)解:
(1)设杆OA、OB与水平方向夹角为α、β,由几何关系:
d=L1cosα+L2cosβ
得出AO杆与水平方向夹角α=53° (2分)
由牛顿第二定律得mgsinθ-μmgcosθ=ma (1分)
在AO段运动的加速度:a=gsin53°-μgcos53°=3.2 m/s2 (1分)
方向沿AO杆向下。 (1分)
(2)设滑竿两端点AB的最大竖直距离为h,对下滑全过程由动能定理得
mgh-μmgL1cosα′-μmgL2cosβ′=-0 (2分)
其中d=L1cosα′+L2cosβ′=11, v ≤6 m/s
所以:≤ 10.6m (2分)
又因为若两杆伸直,AB间的竖直高度为
(2分)
所以AB间最大竖直距离应为hm=10.2m。 (1分)
31.(11分)解:
(1)他的解法不正确。 (2分)
从他的计算结果看:60cm+25cm>80cm,所以玻璃管开口向下时水银会漏出。(3分)
(2)设留在管内水银长为h
P1V1=P2V2 (2分)
75×40=(75-h)×(80-h)
h≈22.67cm (2分)
管内空气柱长为:L=L0-h=(80-22.67)cm=57.33cm (2分)
30. (12分) 解:
(1)西蒙·阿曼在竖直方向做自由落体运动,
有A点与O点的竖直距离 h= (2分)
=3.6s (2分)
(2)设运动员离开O点的速度为,运动员在水平方向做匀速直线运动,
即 (2分)
解得 (2分)
(3)由机械能守恒,取A点为重力势能零点,西蒙·阿曼落到A点的动能为
EKA=mgh+ (2分)
EkA=56160J (2分)
0.3(0.25~0.35)
1.5(1.46~1.54)
29.(共8分)(1) (全连对得2分,有错误不得分)
(2)(如图过四点连线得2分,有错误不得分)
(3)(每空2分)
28.(共6分,每问2分)(1)ACD(少选得1分),(2)1.75 ,(3)保持OC连线在竖直方向。
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