11．(1)信使RNA　 转运RNA　 核糖体RNA　 (2)DNA　 RNA　 (3)a.②　 -CCUGAAGAGAAG-　 b.-GGACTTCCCTTC-

9．C　 ①本题需从题干中准确提取信息：如下图所示，tRNA₁(AUU)、tRNA₂(ACG)、tRNA₃(UAC)的括号内“碱基三联体”就是“反密码子”。与平常的表示方法如：甲硫氨酸(AUG)、苯丙氨酸(UUU)等“氨基酸”后面的“密码子”区分开。②理解“转录”、“翻译”的精髓之所在。如本题：A-C-G-T-A-C-A……这样：DNA(基因)上的特定遗传信息(即特定脱氧核苷酸序列)转录到mRNA上(以特定核糖核苷酸序列或特定“密码子”序列存在)。再通过具有专一转运功能的tRNA对mRNA上的序列进行识别配对，合成特定氨基酸序列的蛋白质，进而表达特定的生物性状10．C　 从图解中可以看出：从N-乙酸鸟氨酸→精氨酸，需要在4个基因控制形成的4种酶的作用下一步步地完成，这说明基因可以通过控制酶的合成来控制代谢活动，若产生鸟氨酸依赖突变型脉孢霉，则可能是基因①发生了基因突变。

8．D　 原核生物基因结构的编码区无内含子和外显子。转录出mRNA，进而编码蛋白质，即原核细胞基因的编码区的一条链与其转录出的mRNA应完全杂合，不会形成突出状的环。真核生物基因结构的编码区中有内含子和外显子，内含子和外显子虽都能转录为相应的RNA片段，但在形成mRNA时，内含子转录部分被切去，外显子转录部分拼接成mRNA，因此，真核生物基因的编码区的一条链与其转录出mRNA不能完全杂合，内含子部分因不能配对而突出形成环。由此可判断基因A来自真核生物。图中2、4、6表示内含子部分，内含子属非编码序列。只有编码区才能转录，因此，1~7都位于编码区内。

7．B　 由mRNA中，U=28%，A=18%可得：DNA模板链中A=28%，T=18%；DNA非模板链中A=18%，T=28%。所以DNA分子中T==23%，G=-23%=27%。

6．D　 多肽化合物合成过程中，氨基酸的缩合要脱水，其分子量的减少即为失去水的总的分子量，而根据n个氨基酸缩合成一条多肽时，要脱去(n-1)个水分子，则有n×120-(n-1)×18=10320,得出构成该多肽化合物的氨基酸总数为n=101个。又因基因控制蛋白质的合成，得控制该多肽合成的DNA(基因)分子中共有碱基数(脱氧核苷酸)为101×6=606个。而脱氧核苷酸分子通过磷酸二酯键连接成一条脱氧核苷酸长链时，同样脱去水分子，其脱去的水分子数为606-2=604个(注意：DNA为双链)，因此，该基因的分子量为：300×606-604×18=17928。

5．B　 材料指出多酚能抗癌，但多酚不是蛋白质，因而不是由基因直接控制的，然而多酚的合成需要相应的酶催化。

4．　 D　 转录的过程是以DNA的一条链为模板，合成RNA的过程，配对的碱基是A与U或T与A，C与G或G与C，所需的原料是游离的脱氧核糖核苷酸；翻译的过程是以mRNA为模板，合成具有一定氨基酸顺序的蛋白质的过程。碱基的互补配对发生在信使RNA上的碱基与转运RNA的碱基之间，配对的碱基是A与U或U与A，C与G或G与C，所需的原料是氨基酸。

3．A　 转录和翻译过程是蛋白质的合成过程，在有丝分裂间期和减数第一次分裂前的间期都要有蛋白质的合成过程。

2．C　 该图表示的为转录过程中DNA链中的A、T、G、C应代表4种脱氧核苷酸，RNA链中的U、A、C、G应代表4种核糖核苷酸。故应含8种核苷酸。

1．C　 密码子指mRNA上三个相邻的碱基，tRNA上的三个碱基叫反密码子，故A错；基因中有许多非编码的序列，不能合成蛋白质，故B错；基因是控制生物性状的遗传物质的结构功能单位，故C对；信使RNA分子的碱基数目等于相应基因的外显子碱基数目的，故D错。