解得:f=0.06N ---- 查看更多

 

题目列表(包括答案和解析)

在“描绘小灯泡的伏安特性曲线”的实验中,用导线abcdefgh按图所示方式连接好电路,电路中所有元器件都完好,且电压表和电流表已调零.闭合开关后:

 

 

 

 (1)若不管怎样调节滑动变阻器,小灯泡亮度能发生变化,但电压表、电流表的示数总

不能为零,则可能是________导线断路.

(2)某同学测出电源和小灯泡的UI图线如图实所示,将小灯泡和电阻R串联

后接到电源上,要使电路中电流为1.0 A,则R=________Ω.

 

 

 

 

(3)某同学在实验中还测出a、b、c三种元件的伏安特性曲线分别如图中的(a)、

(b)、)(c)所示,下列说法正确的是                                      (  )

A.a可以作为标准电阻使用

B.b能作为标准电阻使用

C.b的阻值随电压升高而增大

D.c的阻值随电压升高而增大

【解析】(1)若调节滑动变阻器,小灯泡的亮度变化,但电压表、电流表示数总不能为零,

说明滑动变阻器不起分压作用,所以可能是g导线断路.

(2)由电源的UI图线知E=3.0 V,r=1 Ω,当小灯泡与电阻串联后

由闭合电路欧姆定律得EI(RrR)

又由小灯泡的UI图线得R==1.2 Ω

解得R=0.8 Ω.

(3)因a元件的IU图线是直线,说明其电阻不随电压的变化而变化,故可作为标准电

阻,故A对,B错.b的阻值随电压升高而增大,c的阻值随电压升高而降低,故C对

D错.

 

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在“描绘小灯泡的伏安特性曲线”的实验中,用导线abcdefgh按图所示方式连接好电路,电路中所有元器件都完好,且电压表和电流表已调零.闭合开关后:

 

 

 

 (1)若不管怎样调节滑动变阻器,小灯泡亮度能发生变化,但电压表、电流表的示数总

不能为零,则可能是________导线断路.

(2)某同学测出电源和小灯泡的UI图线如图实所示,将小灯泡和电阻R串联

后接到电源上,要使电路中电流为1.0 A,则R=________Ω.

 

 

 

 

(3)某同学在实验中还测出a、b、c三种元件的伏安特性曲线分别如图中的(a)、

(b)、)(c)所示,下列说法正确的是                                     (  )

A.a可以作为标准电阻使用

B.b能作为标准电阻使用

C.b的阻值随电压升高而增大

D.c的阻值随电压升高而增大

【解析】(1)若调节滑动变阻器,小灯泡的亮度变化,但电压表、电流表示数总不能为零,

说明滑动变阻器不起分压作用,所以可能是g导线断路.

(2)由电源的UI图线知E=3.0 V,r=1 Ω,当小灯泡与电阻串联后

由闭合电路欧姆定律得EI(RrR)

又由小灯泡的UI图线得R==1.2 Ω

解得R=0.8 Ω.

(3)因a元件的IU图线是直线,说明其电阻不随电压的变化而变化,故可作为标准电

阻,故A对,B错.b的阻值随电压升高而增大,c的阻值随电压升高而降低,故C对

D错.

 

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.在“测定匀变速直线运动的加速度”的实验中,得到一条纸带如图1-10所示,ABCDEF为相邻的6个计数点,若相邻计数点的时间间隔为t=0.1 s,用刻度尺量得AB=1.50 cm,EF=3.10 cm,可估测小车的加速度大小为________m/s2,由此可进一步求出打下B点时小车的速度大小为________m/s.

图1-10

【解析】:由题意知x1=1.50×10-2 m,x5=3.10×10-2 m,t=0.1 s,由Δxx5x1=4at2得,a==0.40 m/s2 AB中间时刻的速度v1=,B点的速度为vBv1a·,解得vB=0.17 m/s.

 

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如图所示,有一水平传送带以2 m/s的速度匀速运动,现将一物体轻轻放在传送带上,若物体与传送带间的动摩擦因数为0.5,则传送带将该物体传送10 m的距离所需时间为多少?(取g=10 m/s2)

图3-5-16

【解析】:以传送带上轻放的物体为研究对象,如图在竖直方向受重力和支持力,在水平方向受滑动摩擦力,做v0=0的匀加速运动.

据牛顿第二定律有

水平方向:fma

竖直方向:Nmg=0②

fμN

由式①②③解得a=5 m/s2

设经时间t1,物体速度达到传送带的速度,据匀加速直线运动的速度公式

vtv0at

解得t1=0.4 s

时间t1内物体的位移

x1at=×5×0.42 m=0.4 m<10 m

物体位移为0.4 m时,物体的速度与传送带的速度相同,物体0.4 s后无摩擦力,开始做匀速运动

x2v2t2

因为x2xx1=10 m-0.4 m=9.6 m,v2=2 m/s

代入式⑤得t2=4.8 s

则传送10 m所需时间为

tt1t2=0.4 s+4.8 s=5.2 s.

 

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如图所示,有一水平传送带以2 m/s的速度匀速运动,现将一物体轻轻放在传送带上,若物体与传送带间的动摩擦因数为0.5,则传送带将该物体传送10 m的距离所需时间为多少?(取g=10 m/s2)

图3-5-16

【解析】:以传送带上轻放的物体为研究对象,如图在竖直方向受重力和支持力,在水平方向受滑动摩擦力,做v0=0的匀加速运动.

据牛顿第二定律有

水平方向:fma

竖直方向:Nmg=0②

fμN

由式①②③解得a=5 m/s2

设经时间t1,物体速度达到传送带的速度,据匀加速直线运动的速度公式

vtv0at

解得t1=0.4 s

时间t1内物体的位移

x1at=×5×0.42 m=0.4 m<10 m

物体位移为0.4 m时,物体的速度与传送带的速度相同,物体0.4 s后无摩擦力,开始做匀速运动

x2v2t2

因为x2xx1=10 m-0.4 m=9.6 m,v2=2m/s

代入式⑤得t2=4.8 s

则传送10 m所需时间为

tt1t2=0.4 s+4.8 s=5.2 s.

 

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一.单项选择题(本题共10小题,每小题3分,共30分)。

题号

1

2

3

4

5

6

7

8

9

10

答案

B

C

A

D

C

B

B

B

A

D

 

二.多项选择题(本题共6小题,每小题3分,共18分。每小题给出的四个选项中,有一个或多个选项正确。全部选对的得3分,选对但不全的得2分,有选错的得0分)。

题号

11

12

13

14

15

16

答案

AD

BD

AD

ABC

AD

BCD

第Ⅱ卷

(实验题、计算题,共7题,共72分)

三.实验题(18分)

(1)0.730;8.0(8也给分);。(前两空分别为2分,第三空4分)

(2)l1、l3;l1/l3 (每空2分)

(3)①乙;② 9.4;③纸带和打点计时器间的摩擦阻力、空气阻力。 (每空2分)

 

四.计算题:本题共6小题,共54分。解答应有必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤。只写出最后答案的不能得分。有数值计算的,答案中必须写出数值和单位。

18.(8分)分析和解:

(2)         因为金属块匀速运动,所以

    ………………(2分)

…………(2分)

(2撤去拉力后a==μg ………  (1分)

a=4m/s2 ………(1分)

金属块在桌面上滑行的最大距离s =  ………(1分)

=

s=0.5m……………… (1分)

19.(8分)分析和解:(1)导体棒、金属导轨和直流电源构成闭合电路,根据闭合电路欧姆定律有:

I==1.5A…………(3分)

(2)导体棒受到的安培力:

F=BIL=0.30N…………(2分)

(3)导体棒所受重力沿斜面向下的分力F1= mg sin37º=0.24N

由于F1小于安培力,故导体棒受沿斜面向下的摩擦力f…………(1分)

     根据共点力平衡条件

      mg sin37º+f=F…………(1分)

解得:f=0.06N …………(1分)

20.(8分)分析和解:(1)带电粒子经过电场加速,进入偏转磁场时速度为v,由动能定理

      …………………①(1分)

进入磁场后带电粒子做匀速圆周运动,轨道半径为r

………………②(2分)

   打到H点有    ………………………③(1分)

由①②③得 …………(1分)

(2)要保证所有粒子都不能打到MN边界上,粒子在磁场中运动偏角小于90°,临界状态为90°,如图所示,磁场区半径

            (2分)

 所以磁场区域半径满足   (1分)

21.(10分)分析和解:(1)木块A在桌面上受到滑动摩擦力作用做匀减速运动,根据牛顿第二定律,木块A的加速度     2.5m/s2……………………(1分)

设两木块碰撞前A的速度大小为v,根据运动学公式,得

2.0m/s……………………………(2分)

(2)两木块离开桌面后均做平抛运动,设木块B离开桌面时的速度大小为v2,在空中飞行的时间为t′。根据平抛运动规律有:,s=v2t′…………………(2分)

解得:                     1.5m/s……………………………(1分)

(3)设两木块碰撞后木块A的速度大小为v1,根据动量守恒定律有:

…………………………………(1分)

解得:                      =0.80m/s…………………………(1分)

设木块A落到地面过程的水平位移为s′,根据平抛运动规律,得

                            0.32m………………………(1分)

则木块A落到地面上的位置与D点之间的距离  0.28m ………(1分)

22.(10分)分析和解:(1)设电子经电压U1加速后的速度为v0,由动能定理

              e U1=-0…………………………………………(2分)

         解得  ………………………………..………(1分)

(2)电子以速度v0进入偏转电场后,垂直于电场方向做匀速直线运动,沿电场方向做初速度为零的匀加速直线运动。设偏转电场的电场强度为E,电子在偏转电场中运动的时间为t,加速度为a,电子离开偏转电场时的侧移量为y。由牛顿第二定律和运动学公式

                t=……………………………………………..……….(1分)

F=ma    F=eE    E=

a =……………………………………………(2分)

y=……………………………………………(1分)

解得  y=…………………………………………(1分)

(3)减小加速电压U1;增大偏转电压U2;……

(本题的答案不唯一,只要措施合理,答出一项可得1分,答出两项及以上可得2分。)

23(10分)分析和解:(1)设轨道半径为R,由机械能守恒定律:

 

--------------------------①(2分)

 

在B点:-----------------------------②(1分)

在A点:------------------------------③(1分)

由①②③式得:两点的压力差:------④(1分)

由图象得:截距   ,得---------------------------⑤(1分)

(2)由④式可知:因为图线的斜率 

 所以……………………………………⑥(2分)

(3)在A点不脱离的条件为:     ------------------------------⑦(1分)

由①⑥⑦三式和题中所给已知条件解得:--------------------------⑧(1分)


同步练习册答案