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    13．足够长的倾角θ=53°的斜面固定在水平地面上.一物体以v0=6.4m/s的初速度.从斜面底端向上滑行.该物体与斜面间的动摩擦因数μ=0.8.如图所示．(sin53°=0.8.cos53°=0.6.取g =10m/s2)求: ．一根质量为m的导体棒AB在电机牵引下.以恒定速度v0沿OH方向从斜面底端开始运动.滑上导轨并到达斜面顶端. AB⊥OH．金属导轨的CD.FG段电阻不计.DEF段与AB棒材料与横截面积均相同.单位长度的电阻均为r. O是AB棒的中点.整个斜面处在垂直斜面向上.磁感应强度为B的匀强磁场中．求:(1) 导体棒在导轨上滑动时电路中电流的大小,(2) 导体棒运动到DF位置时AB两端的电压,(3) 将导体棒从底端拉到顶端电机对外做的功． 【查看更多】

     

    题目列表(包括答案和解析)

    足够长的倾角θ=53°的斜面固定在水平地面上，一物体以v0=6.4m/s的初速度，从斜面底端向上滑行，该物体与斜面间的动摩擦因数μ=0.8，如图所示．（sin53°=0.8，cos53°=0.6，g取10m/s2）
    （1）求上滑与下滑过程中的加速度a1，a2
    （2）求物体从开始到再次返回斜面底端所需的时间；
    （3）求返回斜面底端时的速度；
    （4）若仅将斜面倾角θ变为37°，其他条件不变，试求物体在开始第1s内的位移大小．（结果保留2位有效数字）

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    足够长的倾角θ=53°的斜面固定在水平地面上，一物体以v0=6.4m/s的初速度，从斜面底端向上滑行，该物体与斜面间的动摩擦因数μ=0.8，如图所示．（sin53°=0.8，cos53°=0.6，取g=10m/s2）求：
    （1）物体上滑过程中的加速度．
    （2）物体上滑过程的最大位移．
    （3）物体从开始到再次返回斜面底端所需的时间．

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    （14分）足够长的倾角θ=53°的斜面固定在水平地面上，一物体以v0=6.4m/s的初速度，从斜面底端向上滑行，该物体与斜面间的动摩擦因数μ=0.8，如图所示。（sin53°=0.8，cos53°=0.6，g取10m/s2）

       

    （1）求上滑与下滑过程中的加速度a1,a2；

    （2）求物体从开始到再次返回斜面底端所需的时间；

    （3）求返回斜面底端时的速度；

    （4）若仅将斜面倾角θ变为37°，其他条件不变，试求物体在开始第1s内的位移大小。（结果保留2位有效数字）

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    足够长的倾角θ=53°的斜面固定在水平地面上，一物体以v0=6.4m/s的初速度从斜面底端向上滑行，该物体与斜面间的动摩擦因数μ=0.8，如图所示。（sin53°=0.8，cos53°=0.6，g取10m/s2）

    ⑴求物体从开始到再次返回斜面底端所需的时间；

    ⑵求返回斜面底端时的速度；

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    足够长的倾角θ=53°的斜面固定在水平地面上，一物体以v0=6.4m/s的初速度从斜面   底端向上滑行，该物体与斜面之间的动摩擦因数μ=0.8（sin53°=0.8，cos53°=0.6，g取10m/s2），求：

    1.物体从开始上滑到再次返回底端所需的时间；

    2.若仅将斜面倾角θ变为37°，其他条件不变，则物体在开始第1s内的位移多大（保留2位有效数字）

     

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    一．单项选择题

    1

    2

    3

    4

    5

    C

    D

    B

    D

    A

    二．多选题

    6

    7

    8

    9

    CD

    AD

    BCD

    AD

    三．简答题

    10．（1）0.02  （2分）（2）（每空2分，共6分）超过弹簧的弹性限度  100 N/m  A

    11．（1）197.5Ω（2分）

    （2）（a）Rx=5Ω（3分），图后面几个点的连线为平滑曲线 （3分）

    （b）温度升高，电阻增加 （2分）

    12．Ⅰ选修3-4模块

    (1)  AE（4分）（漏选得2分，错选或不答得0分）

    (2) （每空 2分，共8分）（1）2 s  (2) 沿着x轴的正方向

    (3) 2m/s        (4)

    Ⅱ选修3-5模块

      (1) AF (4分) （漏选得2分，错选或不答得0分）

        (2) AC（4分）（漏选得2分，错选或不答得0分）

    (3)（4分） 根据动量守恒定律得：    （2分）

                  解得：                                  （2分）

    四．计算题

    13．⑴由牛顿第二定律得：               （1分）

            （1分）

        上滑最大距离：                       （1分）

        上滑时间：                                    （1分）

         下滑过程中：                             （1分）

      得                  （1分）

    又根据     下滑时间             （1分）

        总时间为： t = t1＋t2  = 1.5s                                          （1分）

    ⑵返回斜面底端时的速度大小v = a′t2 = 3.2 m/s                            （2分）

         ⑶上滑过程中满足：

           

            上滑时间：                              （3分）

            又因为 所以物体滑到最顶端后不再下滑，保持静止．

          得：m                                  （2分）

    14．(1) =                  1分

    =3l r                   1分

             I=                   1分

             得              1分

       (2)AB棒滑到DF处时

                1分

                     2分

               2分

    得               1分

       (3)电机做的功                     1分

        ?     1分

    是AB棒在DEF上滑动时产生的电热，数值上等于克服安培力做  的功            

    又 ，故 2分

    是AB棒在CDFG导轨上滑动时产生的电热,电流恒定，电阻不变

                          1分

    得                             1分

    15．（1）当粒子由时刻进入电场，向下侧移最大，则

            2分

    当粒子由时刻进入电场，向上侧移最大，则

                                          2分

    在距离O/中点下方至上方范围内有粒子打出． 1分

     

     

     

     

     

     

     

     

    打出粒子的速度都是相同的，在沿电场线方向速度大小为

                                       2分

    所以打出速度大小为

               2分

    设速度方向与v0的夹角为θ，则

                       2分

    （2）要使平行粒子能够交于圆形磁场区域边界且有最小区域时，磁场直径最小值与粒子宽度相等，粒子宽度

                                2分

    故磁场区域的最小半径为                          1分

    粒子在磁场中作圆周运动有                              1分

    解得                                                   1分

     

     

     

     


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