题目列表(包括答案和解析)
1）（8分）为了探究受到空气阻力时，物体运动速度随时间的变化规律，某同学采用了“加速度与物体质量、物体受力关系”的实验装置(如图甲)．实验时，平衡小车与木板之间的摩擦力后，在小车上安装一薄板，以增大空气对小车运动的阻力．
①往砝码盘中加入一小砝码，在释放小车________(选填“之前”或“之后”)接通打点计时器的电源，在纸带上打出一系列的点．
②从纸带上选取若干计数点进行测量，得出各计数点的时间t与速度v的数据如下表：
| 时间t/s | 0 | 0.50 | 1.00 | 1.50 | 2.00 | 2.50 |
| 速度v/ (m·s－1) | 0.12 | 0.19 | 0.23 | 0.26 | 0.28 | 0.29 |
| 时间t/s | 0 | 0.50 | 1.00 | 1.50 | 2.00 | 2.50 |
| 速度v/ (m·s－1) | 0.12 | 0.19 | 0.23 | 0.26 | 0.28 | 0.29 |
| ④在虚线框内画出用伏安法测量该电阻的阻值时的实验电路图．
在“用电流表和电压表测定电池的电动势和内电阻”的实验中． （1）备有如下器材． A．干电池1节；B．滑动变阻器（0～20Ω）；C．滑动变阻器（0～1Kω） D．电压表（0～3V）；E．电流表（0～0.6A）；F．电流表（0～3A）； G．开关、导线若干 其中滑动变阻器应选 （2）为了最大限度的减小实验误差，请在虚线框中画出该实验最合理的电路图． （1）某同学在“用单摆测定重力加速度”的实验中进行了如下的操作： ①用游标上有10个小格的游标卡尺测量摆球直径如图1所示，摆球直径为 2.06 2.06 cm．把摆球用细线悬挂在铁架台上，测量摆线长，通过计算得到摆长L．②用秒表测量单摆的周期．当单摆摆动稳定且到达最低点时开始计时并记为n=0，单摆每经过最低点记一次数，当数到n=60时秒表的示数如图2所示，该单摆的周期是T= 2.24 2.24 s（结果保留三位有效数字）．③测量出多组周期T、摆长L数值后，画出T2-L图象如图2，此图线斜率的物理意义是 C C A．g B．
④与重力加速度的真实值比较，发现测量结果偏大，分析原因可能是 D D A．振幅偏小 B．在单摆未悬挂之前先测定其摆长 C．将摆线长当成了摆长 D．开始计时误记为n=1 ⑤该小组的另一同学没有使用游标卡尺也测出了重力加速度．他采用的方法是：先测出一摆线较长的单摆的振动周期T1，然后把摆线缩短适当的长度△l，再测出其振动周期T2．用该同学测出的物理量表达重力加速度为g= g=
g= ．
（2）（8分）有一个小灯泡上标有“4.8V 2W”的字样，现在测定小灯泡在不同电压下的电功率，并作出小灯泡的电功率P与它两端电压的平方U 2的关系曲线．有下列器材可供选用： A．电压表V1（0～3V，内阻3kΩ） B．电压表V2（0～15V，内阻15kΩ） C．电流表A（0～0.6A，内阻约1Ω） D．定值电阻R1=3kΩ E．定值电阻R2=15kΩ F．滑动变阻器R（10Ω，2A） G．学生电源（直流6V，内阻不计） H．开关、导线若干 ①为了使测量结果更加准确，实验中所用电压表应选用 A A ，定值电阻应选用D D ，从而改装电压表；②为减小实验误差，并要求从零开始多测几组数据，请在图4的方框内画出满足实验要求的电路图； ③根据实验数据作出P-U2图象，下面的图4中四个图象中可能正确的是 C C ． 一、本题共10小题，每小题4分，共40分。在每小题给出的四个选项中，有的小题只有一个选项正确，有的小题有多个选项正确。全部选对的得4分，选不全的得2分，有选错的或不答得0分。 １、D 根据重力的定义；重力的测量只能用弹簧测力计。 ２、B、C、D 合力与分力是从力的作用效果相同来考虑的。 ３、B、D B加速上升处于超重状态。 4、C VAB=(VA+VB)/2，VBC=(VB+VC)/2，VAC=(VA+VC)/2。可求出VAC ５、B、D 6、A 两导线受力具有对称性。 7、B 分别对m、M进行研究，刚开始时，F1>F弹，F2>F弹，m、M速度都增加，为一加速过程，直到a＝0时，速度不再增加，但由于惯性，它们分别都要向前运动，所以速度又要减少，直到其中一个速度为0，然后反向，所以C错。B 对。 8、BCD 由R1、R2串联分压可求R1、R2两端电压分别为2.4V、3.6V，当电压表与R1并联时RVR1/(RV+R1):R2=2:4，解得RV=6 kΩ，当电压表与R2并联时，其等效电阻2 kΩ，其两端电压应为3V。 9、BD 由乙图可知质点从平衡位置的正方向运动。 10、B 二、本题共8小题，共110分。按题目要求作答。解答题应写出必要条件的文字说明、方程式和重要演算步骤。只写出最后答案的不能得分。有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位。
11．（1） （2）（a） 12．（1）
13．（1）R1 （2）电路图如右图所示 （3）E=1.47 （1.46~1.48均对）， r=0.83 (0.81~0.85均可以)
14、（1）极板间的电场强度E＝U/d (2)α粒子电荷为2e，质量为 （3）由d＝at2/2，得：t= v=R/t
15、物体在地球表面时，G=mg；在卫星离地高H时，F-G‘=ma，G‘=mg’ 而g/g‘=(R+H)2/R2 H=1.92x
16、设两球之间的斥力大小是F，两球从开始相互作用到两球相距最近时所经历的时间是t。当两球相距最近时球B的速度VB= 由动量守恒定律可得：mBVB0=mAVA+mBVB 得：VB0=9m/s （2）两球从开始相互作用到它们之间距离最近时，它们之间的相对位移ΔS=L-d，由功能关系可得：FΔS＝mBV2B0/2-(mAV2A/2+mBV2B/2) 得：F=2.25N （3）根据动量定理，对A球有Ft=mVA-0,t=mAVA/F＝32/9=3.56s
17、（2）由几何关系求出粒子在磁场中做匀速运动的半径：r2=202+(40-r)2
可求得：B=8.0×10－2T （3）由图可知Sinθ=15/25=3/5故θ＝370，粒子在磁场中做匀速圆周运动，则到P点时转过的圆心角为：φ＝θ+900＝1270 粒子从0点运动到P点所用的时间为：t=φT/3600，其中T=2Лm/Bq t=5.54×10-7s
18、（1）设棒第一次上升过程中，环的加速度为a1，环受合力F=kmg-mg，由牛顿第二定律F=ma1。由两式得：a1=（k-1）g，方向竖直向上。 （2）设以地面为零势能面，向上为正方向棒第一次落地的速度大小为v1，由机械能守恒可得：v12＝2gH 设棒弹起后的加速度为a2，由牛顿第二定律：a2＝－（k+1）g 棒第一次弹起的最大高度为：H1=-v1/2a2 得：H1=H/(k+1)，棒运动的路程为：S=H+2H1=(k+3)H/(k+1) （3）设环相对棒滑动距离为L，根据能量守恒：mgH+mg(H+L)=kmgL， 摩擦力对棒及环做的总功：W=-kmgL 解得：W=-2kmgH/(k-1)
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（2）
又因：Bqv=mv2/r， 而EK=mv2/2