某交流发电机中，矩形金属线圈在匀强磁场中匀速转动，产生的感应电动势与时间的关系如图所示．如果此线圈和一个R=100Ω的电阻构成闭合电路，不计电路的其它电阻，下列说法中正确的是（ ）

A．交变电流的周期为0.04s
B．电阻R两端的最大电压是100V
C．交变电流的有效值为1A
D．交变电流的最大值为1A

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（2009?潮州一模）某交流发电机中，矩形金属线圈在匀强磁场中匀速转动，产生的感应电动势与时间的关系如图所示．如果此线圈和一个R=100Ω的电阻构成闭合电路，不计电路的其它电阻，下列说法中正确的是（　　）

A．交变电流的周期为0.04s

B．电阻R两端的最大电压是100 2 V

C．交变电流的有效值为1A

D．交变电流的最大值为1A

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某交流发电机中，矩形金属线圈在匀强磁场中匀速转动，产生的感应电动势与时间的关系如图所示．如果此线圈和一个R=100Ω的电阻构成闭合电路，不计电路的其它电阻，下列说法中正确的是（　　）

A．交变电流的周期为0.04s

B．电阻R两端的最大电压是100 2 V

C．交变电流的有效值为1A

D．交变电流的最大值为1A

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某交流发电机中，矩形金属线圈在匀强磁场中匀速转动，产生的感应电动势与时间的关系如图所示．如果此线圈和一个R=100Ω的电阻构成闭合电路，不计电路的其它电阻，下列叙述正确的是（　　）

A．交变电流的周期为0.02s

B．交变电流的最大值为1A

C．交变电流的有效值为1A

D．电阻R两端的最大电压为141V

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如图所示，一只理想变压器的原、副线圈的匝数是10：1，原线圈接入电压为220V的正弦交流电源，一只理想二极管和一个阻值为16Ω的电阻R串联接在副线圈上，以下说法正确的是

[     ]

A．电压表的读数为22V
B．二极管两端的最大电压为22V
C．若将R换成一个阻值大于10Ω的电阻，则电流表的读数变小
D．1min内电阻R上产生的热量为1452J

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1. A 　2. BD 　 3.AD  4. B 　5.A  6.C　7.AC    8. BCD   9.A   10.AB   11.ACD    12.D

13．（10分）

（1）热力学第二定律（3分）

（2）永不停息地做无规则运动（3分）   ；      （4分）

14．（10分）

（1）粒子性    （3分）

   （2）向下（3分）；   10m/s（4分）

15．实验二：   

（1）B、D、F、G、J、M   （3分）

  （2）①将实验装置按要求安装好

       ②接通电源，释放处于竖直状态的纸带。用刻度尺测量出纸带上相邻两点间的距离分别为d₁、d₂。

       ③计算重力加速度的表达式为   （3分）

    实验三：

  （1）G、L、M   （3分）

  （2）①将带光控计时器的平板用支架竖直架稳

    　　　 ②测量两个光控门之间的距离s

   　　　　③把滑块从上面的一个光控门处自由释放，读出下落时间t

④计算重力加速度的表达式为          （3分）

评分说明：如有其他方法，只要实验原理正确，参照以上给分；实验步骤必须完整才给分。

16．14分）（1） 52.75 （2分）

（2）思路分析与参考答案：①A．电路如图所示，测电阻时应尽量使指针指在中间值附近，所以应选“×1k”．（2分）

   B．欧姆表中值电阻为R_中 = 30×1kΩ= 30000Ω，欧姆表指n刻度，则电压表内电阻R_V = 1000n，流过电压表电流I_V = U/R_V = U/(1000n)，根据闭合电路欧姆定律电池电动势E = U + I_VR_中 = U。（3分）

②　A．如图所示（3分）．

，所以不能用电流表；又电压表的量程较小于电源电动势，所以滑动变阻器应用分压接法．

B．U_g = （2分），

其中N：V表指针所指格数，U₁：V1表读数．（2分）

17．（共14分）

解：（1）取最长的反应时间0.6s，最小的动摩擦因数0.32  　　　 …（4分）

（2）根据牛顿第二定律，汽车刹车时的加速度

      ……（3分）

考虑最高车速v、最长反应时间t、及最小动摩擦因数μ的极限情况下

反应距离                ……（2分）

制动距离          ……（3分）

刹车距离               ……（2分）

因此200m的安全距离是必要的。

18．（16分）

（1）如图所示，对质点受力分析可得：

……………………3^’

绳中的拉力T=mg/cosθ=750N………3^’

根据几何关系可得：……1^‘

代入数据得：rad/s………2^’

    （2）转盘从静止启动到转速稳定这一过程，绳子对质点做的功等于质点机械能的增加量：………………………………………………4^’

m，m/s

代入数据解得W=3450J………………………………………3^’

19． 解：⑴a球从O到M 

W_OM＝  （3分）

得：     （2分）　  方向向左  （1分）

⑵设碰撞中损失的机械能为△E，对a、b球从O到N的全过程应用能的转化和守恒定律：

　　　－qE2L－△E＝0－     （3分）

则碰撞中损失的机械能为    △E＝= （3分） 

⑶设a与b碰撞前后的速度分别为v、v′，则 ：

mv＝2mv’    （2分）    

又减少的动能△E＝－＝  （2）

          （2分）

20．（18分）

解：（1）电场力与洛伦兹力平衡得：qE=qv₀B得：E=v₀B            （3分）

（2）根据运动的对称性，微粒能从P点到达Q点，应满足   （2分）

其中x为每次偏转圆弧对应的弦长，偏转圆弧对应的圆心角为或．

设圆弧的半径为R，则有2R²=x²，可得：              （2分）

又 由①②③式得：，n=1、2、3、……    （3分）

（3）当n取奇数时，微粒从P到Q过程中圆心角的总和为

，（2分），其中n=1、3、5、……（1分）

当n取偶数时，微粒从P到Q过程中圆心角的总和为：

，（2分），其中n=2、4、6、……（1分）

欲使时间最小，取n=1或者2，此时 （2分）