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    B．板间电场强度大小为 【查看更多】

     

    题目列表(包括答案和解析)

    关于电场强度、电势和电容，下列说法正确的是（　　）

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      B．(选修模块3―4)(12分)   

      (1)以下说法中正确的是            

    A．单摆的摆球振动到平衡位置时，所受的合外力为零

    B．在同种均匀介质中传播的声波，频率越高，波长越短   

    C．变化的电场一定产生变化的磁场，变化的磁场一定产生变化的电场

    D．拍摄玻璃橱窗内的物品时，往往在镜头前加一个偏振片以增加透射光的强度

    E．真空中的光速在不同的惯性参考系中都是相同的，与光源、观察者间的相对运动没有关系

    (2)如图把玻璃砖放在木板上，下面垫一张白纸，在纸上描出玻璃砖的两个边a和a/。然后在玻璃砖的一侧插两个大头针A、B，AB的延长线与直线a的交点为O。眼睛在另一侧透过玻璃砖看两个大头针，使B把A挡住。如果在眼睛这一侧再插第三个大头针C，使它把A、B都挡住，插第四个大头针D，使它把前三个都挡住，那么后两个大头针就确定了从玻璃砖射出的光线。在白纸上描出光线的径迹，要计算玻璃砖的折射率需要测量的物理量是图中的                ；为了减小实验误差，入射角应           。  (填“大些”或“小些”)

    (3)如图所示，一列简谐横波在t=0时刻的波的图象，A、B、C是介质中的三个质点。已知波是向x正方向传播的，波速为v=20m／s。请回答下列问题：

        ①判断质点B此时的振动方向；

        ②求出质点A在0～1．65s内通过的路程及t=1．65s时刻相对于平衡位置的位移。

     

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    精英家教网处于强电场中的空气分子会被电离为电子和正离子，利用此原理可以进行静电除尘．如图所示，是一个用来研究静电除尘的实验装置，铝板与手摇起电机的正极相连，缝被针与手摇起电机的负极相连，在铝板和缝被针中间放置点燃的蚊香．转动手摇起电机，蚊香放出的烟雾会被电极吸附，停止转动手摇起电机，蚊香的烟雾又会袅袅上升．关于这个现象，下列说法中正确的是（　　）

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    处于强电场中的空气分子会被电离为电子和正离子，利用此原理可以进行静电除尘．如图所示，是一个用来研究静电除尘的实验装置，铝板与手摇起电机的正极相连，缝被针与手摇起电机的负极相连，在铝板和缝被针中间放置点燃的蚊香．转动手摇起电机，蚊香放出的烟雾会被电极吸附，停止转动手摇起电机，蚊香的烟雾又会袅袅上升．关于这个现象，下列说法中正确的是（　　）
    A．烟尘因为带正电而被吸附到缝被针上
    B．同一烟尘颗粒在被吸附过程中离铝板越近速度越小
    C．同一烟尘颗粒在被吸附过程中离铝板越近速度越大
    D．同一烟尘颗粒在被吸附过程中如果带电量不变，离铝板越近则加速度越大
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    处于强电场中的空气分子会被电离为电子和正离子，利用此原理可以进行静电除尘。如图1所示，是一个用来研究静电除尘的实验装置，铝板与手摇起电机的正极相连，钢针与手摇起电机的负极相连，在铝板和钢针中间放置点燃的蚊香。转动手摇起电机，蚊香放出的烟雾会被电极吸附，停止转动手摇起电机，蚊香的烟雾又会袅袅上升。关于这个现象，下列说法中正确的是(　　)

    A．烟尘因为带正电而被吸附到钢针上

    B．同一烟尘颗粒在被吸附过程中离铝板越近速度越小

    C．同一烟尘颗粒在被吸附过程中离铝板越近速度越大

    D．同一烟尘颗粒在被吸附过程中如果带电量不变，离铝板越近则加速度越大

    图1

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    14.D   15.BC    16.acd   17。AC   18。AD  19.ACD    20．ABD     21。BD

    22. I..  4.945     650

    II. (每空2分，图2分，共12分)

    (a)滑片P位置不变（或保持R不变）；调节电阻箱R1；

    (b)r；

    (c)5810；

    (d)如图；3.4（或3.45或3.448）．

    23．解：

    ⑴小球在竖直方向做自由落体运动，            （2分）    

    水平方向做匀速直线运动                         （2分）    

    得：                          （1分）

    ⑵设轨道半径为r，A到D过程机械能守恒：

                           （3分）

    在A点：                         （2分）

    在D点：                           （2分） 

    由以上三式得：

                （2分）  

    由图象纵截距得：6mg=12   得m=0.2kg                （2分）

    由L=0.5m时   △F=17N                              （1分）

    代入得：

    r=0.4m                                   （2分）

    24.(18分)

    (1)小球A受到向上的电场力Eq=0.05N                           (1分)

    受到向上的洛仑兹力qvB=0.05N                                 (1分)

    受到向下的重力mg=0.1N                                       (1分)

    由于qE+qvB=mg                                               (2分)

    所以小球A和水平面之间的挤压力为零，因此小球A不受摩擦力作用，小球A向右做匀速直线运动.                                                     (2分)

    小球A与小球B碰撞动量守恒定律mv0=-mv1+Mv2               (2分)

    v2=2m/s                                                           (1分)

    设小球B运动到圆轨道最高点的速度为v3，则根据机械能守恒定律得

    Mv22/2=2mgR+Mv32/2                                             (2分)

    小球B做平抛运动，则x=v3t                                    (2分)

    2R=gt2/2                                                          (2分)

    由以上各式联立解得:16R2-1.6R+x2=0                        (2分)

    R=0.05m时，x有最大值，最大值为xm=0.2m                      (2分)

    25．（1）线框在区域I中，P距O点x时，PQ切割磁感线产生的感应电动势为 （1分）

    MN切割磁感线产生的感应电动势为  （1分）

    线框中的感应电动势为==V    （2分）

    类似的，PQ在区域II中距中间边界时，而MN在区域I中时，线框中的感应电动势为

    =V  （2分）

    线框全部在区域II中，PQ距中间边界时线框中的感应电动势为

    =V（2分）

    由于线框匀速运动，故水平拉力做的功等于线框中产生的焦耳热，则

    =0．223J  （2分）

    （2）线圈运动时产生的平均感应电动势，，电量，

    联立化简得  （1分）

    设初速度为，右边框到达中间界线时速度为，左边框到达中间界线时速度为，则据动量定理有：

       （1分）

      （1分）

       （1分）

    其中， （2分）

    则， （1分）

    故线框全部在在区域I运动时产生的热量为  （1分）

    线框全部在在区域II运动时产生的热量为 （1分）

    则（1分）

     

     

     

     

     

     

     

     

     


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