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    (1)此实验中可以不测量加速度的具体值.原因是: ▲ . (2)通过改变 ▲ .就可以改变小车所受到的合力.(3)在探究加速度与质量关系时.分别以 ▲ 为纵坐标. ▲ 为横坐标作图像.这样就能直观地看出其关系. 【查看更多】

     

    题目列表(包括答案和解析)

    用单摆测重力加速度的实验中，所用摆球质量分布不均匀，一位同学设计了一个巧妙的方法可以不计算摆球的半径，具体方法如下：第一次量得悬线长，测得振动周期为，第二次量得悬线长，测得振动周期为，由此可推算出重力加速度g．请说明这位同学是如何求出重力加速度g的．求出的g为多少?

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    在“用单摆测定重力加速度”的实验中，将一单摆装置竖直悬于某一深度为h（未知）且开口向下的固定小筒中（单摆的下部分露于筒外），如图甲所示．将悬线拉离平衡位置一个小角度后由静止释放，设单摆摆动过程中悬线不会碰到筒壁．如果本实验的长度测量工具只能测量出筒下端口到摆球球心之间的距离l，并通过改变l而测出对应的摆动周期T，再以T2为纵轴、l为横轴，作出T2-l图象，则可以由此图象得出我们想要测量的物理量．

    （1）现有如下测量工具：A．时钟；B．秒表；C．天平；D．毫米刻度尺，本实验所需的测量工具有
     
    ．
    （2）如果实验中所得到的T2-l 关系图象如图乙所示，那么真正的图象应该是a、b、c 中的
     
    ．
    （3）由图象可知，小筒的深度h=
     
    cm；当地重力加速度 g=
     
    m/s2（π取3.14，计算结果保留到小数点后两位）．
    （4）用游标卡尺测量某一物体的厚度，如图丙所示，正确的读数是
     
    mm．

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    在“利用单摆测重力加速度”的实验中

    (1)以下做法中正确的是(    )

    A.测量摆长的方法：用刻度尺量出从悬点到摆球间的细线长

    B.测量周期时，从小球到达最大振幅位置开始计时，摆球完成50次全振动时，及时截止，然后求出完成一次全振动的时间

    C.要保证单摆自始至终在同一竖直面内摆动

    D.单摆振动时，应注意使它的偏角开始时不能小于10°

    (2)某同学先用米尺测得摆线长为97.43 cm，用卡尺测得摆球直径如图所示为_________cm，则单摆的摆长为_________cm;然后用秒表记录了单摆振动50次所用的时间如图所示为_________s，则单摆的周期为_________s;当地的重力加速度为g=_________m／s2；

    (3)实验中，如果摆球密度不均匀，无法确定重心位置，一位同学设计了一个巧妙的方法不计摆球的半径.具体作法如下：第一次量得悬线长L1，测得振动周期为了T1；第二次量得悬线长L2，测得振动周期为T2，由此可推得重力加速度为g=__________.

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    在“利用单摆测重力加速度”的实验中。

    （1）以下的做法中正确的是

    A．测量摆长的方法：用刻度尺量出从悬点到摆球间的细线的长

    B．测量周期时，从小球到达最大振幅位置开始计时，摆球完成50次全振动时，及时截止，然后求出完成一

    次全振动的时间

    C．要保证单摆自始自终在同一竖直面内摆动；

    D．单摆振动时，应注意使它的偏角开始时不能小于10°；

    （2）某同学先用米尺测得摆线长为97.43cm，用卡尺测得摆球直径如上图所示为   cm,则单摆的摆长为       cm；然后用秒表记录了单摆振动50次所用的时间如上图所示为   s。则单摆的周期为      s；当地的重力加速度为g=     m/s2.

    （3）下表是另一同学在实验中获得的有关数据

    摆长L（m）

    0.5

    0.6

    0.8

    1.1

    周期平方T2（s2）

    2.2

    2.4

    3.2

    4.2

    ①利用上述数据，在坐标图中描出L—T2图象

    ②利用图象，求出的重力加速度为g=        m/s2

    （4）实验中，如果摆球密度不均匀，无法确定重心位置，一位同学设计了一个巧妙的方法不计摆球的半径。具体作法如下：第一次量得悬线长L1，测得振动周期为T1；第二次量得悬线长L2，测得振动周期为T2，由此可推得重力加速度为g=       。

     

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    在“利用单摆测重力加速度”的实验中：

    （1）以下做法中正确的是（    ）

    A、测量摆长的方法：用刻度尺量出从悬点到摆球间的细线长

    B、测量周期时，从小球到达最大振幅位置开始计时，摆球完成50次全振动时，及时截止，然后求出完成一次全振动的时间

    C、要保证单摆自始至终在同一竖直面内摆动

    D、单摆振动时，应注意使它的偏角开始时不能小于10°

    （2）用摆长和周期T计算重力加速度的公式是g=          。

    （3）实验中，如果摆球密度不均匀，无法确定重心位置，一位同学设计了一个巧妙的方

    法不计摆球的半径。具体做法如下：第一次量得悬线长L1，测得振动周期为T1；第二次

    量得悬线长L2，测得振动周期为T2，由此可推得重力加速度为g=                。

     

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    一、单项选择题：本题共5小题，每小题3分，共计15分

    题号

    1

    2

    3

    4

    5

    答案

    A

    B

    D

    B

    C

    二、多项选择题：每小题4分，共计16分。每小题有多个选项符合题意，全部选对的得4分，选对但不全的得2分，错选或不答的得O分。

    题号

    6

    7

    8

    9

    答案

    BD

    AD

    ACD

    BD

    三、简答题：本题分必做题（第l0、11题)和选做题(第12题)两部分，共计42分。请将解答填写在答题卡相应的位置。

    10．⑴探究的是加速度与其它量之间的比例关系(其它答法只要正确就给分。如：初速度为零的匀加速运动，在相同的时间内，位移与加速度成正比) （3分）

    ⑵砝码的数量 （2分）            ⑶ a(或)（2分）、（或a）（2分）

    11．⑴g 导线（3分）                 ⑵0.8（3分）

    ⑶AC（3分）（错选得0分，漏选得2分）

    12．

    A（3-3）⑴AD（3分）（错选得0分，漏选得2分）

    ⑵BD（3分）（错选得0分，漏选得2分）

    ⑶解：由热力学第一定律△U=W+Q得

                 △U=（F+mg+P0S）△h－Q      （6分）

    B（3-4）⑴20m/s（3分）

    ⑵AB （3分）（错选得0分，漏选得2分）

    ⑶解：∵n=    ∴r=300      （2分）

    光路图如右图所示

    ∴L1=d/cosr =        （2分）

    ∴L2= L1sin300=       （2分）

    C（3-5）⑴（3分）

    ⑵D（3分）

    ⑶解：由图知=4m/s、=―1m/s、=2m/s     （2分）

    根据动量守恒定律有：ma =ma +  mb  （2分）

    ∴mb=2.5kg              （2分）

    四、计算题：本题共4小题，共计47分。解答时请写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤，只写出最后答案的不能得分。有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位。

    13．解：

    ⑴                             （4分）

    ⑵    （4分）

    14．解：

    ⑴ △x = aT2     ∴a = △x/ T2  ==10m/s2               （4分）

    ⑵=  = 50m/s         （3分）

    ⑶ h =   ∴t==4s                              （2分）

    BC = bc + t －t                                    （2分）

    = bc + (－)t

    = bc + aTt

    =95m                                              （1分）

    15．解：

    ⑴负电荷       （3分）

    ⑵刚进入磁场瞬间，由牛顿第二定律得：

    F合 = qkt－μ(mg + Bqv)=ma                ①     （2分）

    进入磁场△t瞬间，由牛顿第二定律得：

    F′合 = qk(t+△t)－μmg－μ Bq(+a△t)=ma   ②     （2分）

    解①②得：a=                             ③     （2分）

    ⑶      ③式代入①式得：t=++               ④     （2分）

    E=kt=                             ⑤    （1分）

    16．解：

    ⑴进入磁场瞬间回路中动生电动势E1== kLgt12     （2分）

                        感生电动势E2=S =Ldk       （2分）

    ∵回路电流为零，∴动生电动势E1与感生电动势E2方向相反、大小相等，即：

    E1 = kLgt12 = E2 = Ldk

    ∴d = gt1 2             （1分）

    ⑵Q===         （3分）

    ⑶金属棒在L1上方电流I1  =  =             （1分）

    金属棒穿出磁场前瞬间电流I2 =  = =   （1分）

    ∵I1= I2             ∴=       （2分）

    金属棒穿过磁场过程中，由动能定理得：

    mgd－W=－       （2分）

    W= mgd+－

                      =            （1分）

     

     


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