题目列表(包括答案和解析)
利用如图所示的电路测定电源的电动势和内电阻,提供的器材有
(A)干电池两节,每节电池的电动势约为1.5 V,内阻未知
(B)直流电压表V1、V2,内阻很大
(C)直流电流表A,内阻可忽略不计
(D)定值电阻R0,阻值未知,但不小于5 Ω
(E)滑动变阻器
(F)导线和开关
(1)甲同学利用该电路完成实验时,由于某根导线发生断路故障,因此只记录了一个电压表和电流表的示数,如下表所示:
试利用表格中的数据作出U-I图,由图象可知,该同学测得两节干电池总的电动势值为________V,总内阻为________Ω.由计算得到的数据可以判断能够正确示数的电压表应为表________(选填“V1”或“V2”).
(2)乙同学在找出断路的导线并调换好的导线后,连接该电路继续实验时,由于电流表发生短路故障,因此只能记下两个电压表的示数,该同学利用表中的数据,以表V1的示数U1为横坐标、表V2的示数U2为纵坐标作图象,也得到一条不过原点的直线,已知直线的斜率为k,纵截距为b,则两节干电池总的电动势大小为________V,两节干电池的总内阻________(选填“可以”或“不可以”)求出.
利用如图所示的电路测定电源的电动势和内电阻,提供的器材有
(A)干电池两节,每节电池的电动势约为1.5 V,内阻未知
(B)直流电压表V1、V2,内阻很大
(C)直流电流表A,内阻可忽略不计
(D)定值电阻R0,阻值未知,但不小于5 Ω
(E)滑动变阻器
(F)导线和开关
(1)甲同学利用该电路完成实验时,由于某根导线发生断路故障,因此只记录了一个电压表和电流表的示数,如下表所示:
试利用表格中的数据作出U-I图,由图象可知,该同学测得两节干电池总的电动势值为________V,总内阻为________Ω.由计算得到的数据可以判断能够正确示数的电压表应为表________(选填“V1”或“V2”).
(2)乙同学在找出断路的导线并调换好的导线后,连接该电路继续实验时,由于电流表发生短路故障,因此只能记下两个电压表的示数,该同学利用表中的数据,以表V1的示数U1为横坐标、表V2的示数U2为纵坐标作图象,也得到一条不过原点的直线,已知直线的斜率为k,截距大小为b,则两节干电池总的电动势大小为________,两节干电池的总内阻________(选填“可以”或“不可以”)求出.
利用如图所示的电路测定电源的电动势和内电阻,提供的器材为________
(A)干电池两节,每节电池的电动势约为1.5 V,内阻未知
(B)直流电压表V1、V2,内阻很大
(C)直流电流表A,内阻可忽略不计
(D)定值电阻R0,阻值未知,但不小于5 W
(E)滑动变阻器
(F)导线和开关
(1)甲同学利用该电路完成实验时,由于某根导线发生断路故障,因此只记录了一个电压表和电流表的示数,如下表所示:
试利用表格中的数据作出U-I图,由图像可知,该同学测得两节干电池总的电动势值为________V,总内阻为________W .由计算得到的数据可以判断能够正确示数的电压表应为表________(选填“V1”或“V2”)
(2)乙同学在找出断路的导线并调换好的导线后,连接该电路继续实验时,由于电流表发生短路故障,因此只能记下两个电压表的示数,该同学利用表中的数据,以表V1的示数U1为横坐标、表V2的示数U2为纵坐标作图像,也得到一条不过原点的直线,已知直线的斜率为k,截距为b,则两节干电池总的电动势大小为________,两节干电池的总内阻为________(选填“可以”或“不可以”)求出.
如果该同学希望通过利用图像的截距直接得到电源的电动势,保持为纵坐标不变,应该选用________作为横坐标作图.
一、1、C 2、B 3、C 4、C 5、C 6、C 7、D 8、ACD
二、实验题:(18分)将答案填在题目的空白处,或者要画图连线。
9、(9分)①(2分)P
②(3分)3.66×10-3(或3.7×10-3); 0.54%
在实验误差允许范围内,可认为系统在碰前的动量和碰后的支量是相等的。
③(2分)D
④(2分)
10、(9分)(1)(3分)2.90,3.50,V1,(2)(6分)E=b/(1-k),I不可以,U1-U2,
三、本大题共三小题共计54分.解答时请写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤.只写出最后答案的不能得分.有数值计算的题.答案中必须明确写出数值和单位
11、(16分)(1)(4分)加速度大小 a = 20m/s2 (1分)
根据牛顿第二定律 Eq = ma (1分)
解得场强 E = 2.0×104N/C (1分)
方向沿x轴负方向 (1分)
(2)(6分)物体在O点的初速度 v0 = 6.0m/s (1分)
减速时间 t1 = = 0.3s (1分)
0.3s内经过的路程 x1 = = 0.9 m (1分)
后0.2s物体做匀加速直线运动,经过的路程
x2 = = 0.4m (1分)
0.5s内物体经过的路程 s = x1+x2 = 1.3m (2分)
(3)(6分)第0.6s末带电物体回到坐标原点O (1分)
之后的0.2s物体以初速度v0做类平抛运动
在y方向根据牛顿第二定律
Eq ? mg = ma′ (1分)
(1分)
解得物体在y方向经过的距离y0 = 0.2m (1分)
电场力做功 W = Eq y0 = 8.0×10-3J (1分)
所以电势能减少8.0×10-3J (1分)
(或电势能的变化量为 ∆EP = ? 8.0×10-3J)
12、(18分)(1)飞机水平速度不变 (1分)
y方向加速度恒定 (2分)
消去t即得 (2分)
由牛顿第二定律 (3分)
(2)升力做功 (3分)
在h处 (3分)
∴ (4分)
13、(20分)(1)当ab刚处于磁场时灯正好正常工作,U外=U,U内=2U,
(6分)
(2)因为匀速移动,所以在磁场区域经过棒ab的过程中,灯一直正常工作,故等L1消耗的电能为 (6分)
(3)棒与灯1并联后,再与2串联,所以要保证灯2不会烧坏就可以,即以灯2正常工作为准。(8分)
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