例3. 如图3所示为一理想变压器.S为单刀双掷开关P为滑动变阻器的滑动触头.为加在初级线圈两端的电压.为初级线圈中的电流强度.则( ) A. 保持及P的位置不变.S由a合到b时.将增大 B. 保持P的位置及不变.S由b合到a时.R消耗的功率减小 C. 保持不变.S合在a处.使P上滑.将增大 D. 保持P的位置不变.S合在a处.若增大.将增大 图3 解析:S由a合到b时.减小.由可知增大.随之增大.而.又.从而增大.可见选项A是正确的.当S由b合到a时.与上述情况相反.将减小.可见.选项B也是正确的.当P上滑时.R增大.减小.又.从而减小.可见选项C是错误的.当增大.由.可知增大.随之增大,由可知也增大.则选项D是正确的. 说明:在处理这类问题时.关键是要分清变量和不变量.弄清理想变压器中由和匝数比决定,由和负载电阻决定,由和匝数比决定. 总结:变压器动态问题 ①电压制约:当变压器原.副线圈的匝数比一定时.输出电压由输入电压决定.即.可简述为“原制约副 . ②电流制约:当变压器原.副线圈的匝数比一定.且输入电压确定时.原线圈中的电流由副线圈中的输出电流决定.即.可简述为“副制约原 . ③负载制约:变压器副线圈中的功率由用户负载决定.-,原线圈的输入功率简述为“副制约原 . 特例:当变压器空载时(即负载电阻).输出功率为零.输入电流为零.输入功率也为零.当副线圈短路时.输出电流为无穷大.则输入电流也是无穷大.使原线圈处于“短路 状态. [模型要点] 判断思路: (1)电路中不论是串联还是并联部分.只要有一个电阻的阻值变大时.整个电路的总电阻就变大.只要有一个电阻的阻值变小时.整个电路的总电阻都变小. (2)根据总电阻的变化.由闭合电路欧姆定律可判定总电流.电压的变化. (3)判定变化部分的电流.电压变化.如变化部分是并联回路.那么仍应先判定固定电阻部分的电流.电压的变化.最后变化电阻部分的电流.电压就能确定了. 上述的分析方法俗称“牵一发而动全身 .其要点是从变量开始.由原因导出结果.逐层递推.最后得出题目的解. 图象特性 类型 公式 图象 特例 I-R图线 短路.图象顶端 断路.图象末端 U-R图线 短路.. 断路.. U-I图线 短路.. 断路.. P-R图线 当R=r时.电源的输出功率最大.时有两个等效电阻 [误区点拨]1. 区分固定导体的I-U图线与闭合电路欧姆定律的U-I图象. 查看更多

 

题目列表(包括答案和解析)

如图3所示为一理想变压器,S为单刀双掷开关P为滑动变阻器的滑动触头,为加在初级线圈两端的电压,为初级线圈中的电流强度,则(    )

A. 保持及P的位置不变,S由a合到b时,将增大

B. 保持P的位置及不变,S由b合到a时,R消耗的功率减小

C. 保持不变,S合在a处,使P上滑,将增大

D. 保持P的位置不变,S合在a处,若增大,将增大

图3

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如图3所示为一理想变压器,S为单刀双掷开关P为滑动变阻器的滑动触头,为加在初级线圈两端的电压,为初级线圈中的电流强度,则(   )
A.保持及P的位置不变,S由a合到b时,将增大
B.保持P的位置及不变,S由b合到a时,R消耗的功率减小
C.保持不变,S合在a处,使P上滑,将增大
D.保持P的位置不变,S合在a处,若增大,将增大

图3

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理想变压器的副线圈中有一个抽头如图所示,各部分线圈的匝数比为n1∶n2∶n3=54∶3∶1.当电键S扳到1时,电压表的示数为16 V,灯泡L正常发光;当电键扳到2时,毫安表的读数减小了32.24 mA.若这一过程中原线圈的输入电压U1不变,由此可得灯泡L的额定功率为_________.

A.

灯A立即熄灭

B.

灯A慢慢熄灭

C.

灯A突然闪亮一下再慢慢熄灭

D.

灯A突然闪亮一下再突然熄灭

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如图所示为一理想变压器,原线圈的输入电压 U 1=3300V,副线圈的输出电压 U2=220V,绕过铁心的单匝导线的电压表的示数为U0=2V,两个相同的灯泡并连接在副线圈上,则:
( l )原、副线圈的匝数各是多少?
( 2 )当 S 断开时,A 2的示数I2=5A,那么 A1的示数是多少?
( 3 )当 S 闭合时,变压器原线圈的输入功率为多大?(导线电阻忽略不计)

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图a中理想变压器的原线圈两端接一电压为U1=200V的正弦交变电源;副线圈上并联两个规格相同小灯泡A和B,灯泡电阻均为R=10Ω..现测得副线圈输出电压u2随时间t的变化关系如图b所示.开始开关S处于断开状态,此时灯泡A恰好正常发光,且
2
≈1.414.求:
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(1)输出电压u2的频率,并写出输出电压u2的表达式
(2)原、副线圈的匝数n1、n2之比
(3)闭合开关S后,灯泡B能否正常发光,并求此时原线圈的输入功率.

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