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    某研究性学习小组用实验装置模拟火箭发射卫星.火箭点燃后从地面竖直升空.燃料燃尽后火箭的第一级第二级相继脱落.实验中测得卫星竖直方向的速度――时间图象如图所示.设运动中不计空气阻力.燃料燃烧时产生的推力大小恒定.下列判断正确的是: 【查看更多】

     

    题目列表(包括答案和解析)

    精英家教网某研究性学习小组用实验装置模拟火箭发射卫星．火箭点燃后从地面竖直升空，燃料燃尽后火箭的第一级第二级相继脱落，实验中测得卫星竖直方向的速度--时间图象如图所示，设运动中不计空气阻力，燃料燃烧时产生的推力大小恒定．下列判断正确的是（　　）
    A、t2时刻卫星到达最高点，t3时刻卫星落回地面B、卫星在0～t1时间内的加速度小于t1-t2时间内的加速度C、t1～t2时间内卫星处于超重状态D、t2～t3时间内卫星处于超重状态

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    精英家教网某研究性学习小组用实验装置模拟火箭发射卫星．火箭点燃后从地面竖直升空，燃料燃尽后火箭的第一级第二级相继脱落，实验中测得卫星竖直方向的速度--时间图象如图所示，设运动中不计空气阻力，燃料燃烧时产生的推力大小恒定．下列判断正确的是：（　　）
    A、t2时刻卫星到达最高点，t3时刻卫星落回地面B、卫星在0～t1时间内的加速度大于t1一t2时间内的加速度C、t1～t2时间内卫星处于超重状态D、t3～t4时间内卫星处于超重状态

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    某研究性学习小组用实验装置模拟火箭发射卫星。火箭点燃后从地面竖直升空，燃料燃尽后火箭的第一级和第二级相继脱落，实验中测得卫星竖直方向的速度—时间图象如图4所示，设运动中不计空气阻力，燃料燃烧时产生的推力大小恒定。下列判断正确的是(　　)

    图4

    A．t2时刻卫星到达最高点，t3时刻卫星落回地面

    B．卫星在0～t1时间内的加速度大于t1～t2时间内的加速度

    C．t1～t2时间内卫星处于超重状态

    D．t2～t3时间内卫星处于超重状态

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    某研究性学习小组用实验装置模拟火箭发射卫星。火箭点燃后从地面竖直升空，燃料燃尽后火箭的第一级第二级相继脱落，实验中测得卫星竖直方向的速度--时间图象如图所示，设运动中不计空气阻力，燃料燃烧时产生的推力大小恒定。下列判断正确的是
    [     ]
    A．t2时刻卫星到达最高点，t3时刻卫星落回地面
    B．卫星在0～t1时间内的加速度大于t1～t2时间内的加速度
    C．t1～t2时间内卫星处于超重状态
    D．t3～t4时间内卫星处于超重状态

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    某研究性学习小组用实验装置模拟火箭发射卫星。火箭点燃后从地面竖直升空，燃料燃

     
    尽后火箭的第一级第二级相继脱落，实验中测得卫星竖直方向的速度――时间图象如图所示，设运动中不计空气阻力，燃料燃烧时产生的推力大小恒定。下列判断正确的是

                                                                                                                                  （    ）

           A．t2时刻卫星到达最高点，t3时刻卫星落回地面

           B．卫星在0～t1时间内的加速度大于t1一t2时间内

    的加速度

           C．t1～t2时间内卫星处于超重状态

           D．t3～t4时间内卫星处于超重状态

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    二、实验题：（18分）将答案填在题目的空白处，或者要画图连线。

    9、（6分）①a f d b e c  （3分）

    ②A            （3分）

    10、（12分）（2）①0.183（0.181～0.185）；（3分）

    ②V1，A1；R1；（3分）

    ③见答图1；（3分）                                                                                

    ④（3分）………………共12分

    说明：答图1中电压表连接线柱b、c也正确。

    三、本大题共三小题共计54分．解答时请写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤．只写出最后答案的不能得分．有数值计算的题．答案中必须明确写出数值和单位

    11、（16分）（1）滑块C滑上传送带后做匀加速运动，设滑块C从滑上传送带到速度达到传送带的速度v所用的时间为t，加速度大小为a，在时间t内滑块C的位移为x。

    根据牛顿第二定律和运动学公式………1分   ………1分

    …………1分   解得…………1分

    即滑块C在传送带上先加速，达到传送带的速度v后随传送带匀速运动，并从右端滑出，则滑块C从传道带右端滑出时的速度为v=3.0m/s…………1分

       （2）设A、B碰撞后的速度为v1，A、B与C分离时的速度为v2，由动量守恒定律

    mv0=2mv­1 ………………1分   2 mv1=2mv­2+mvC…………1分

    由动量守恒规律 ……1分  解得EP=1.0J……1分

       （3）在题设条件下，若滑块A在碰撞前速度有最大值，则碰撞后滑块C的速度有最大值，它减速运动到传送带右端时，速度应当恰好等于传递带的速度v。

        设A与B碰撞后的速度为，分离后A与B的速度为，滑块C的速度为，由能量守恒规律和动量守恒定律………1分 

    …………1分

        由能量守恒规律…………1分

        由运动学公式 …………2分   解得：

        说明：其他方法解答正确也给分。

     

    12、（18分）（1）（5分）因金属框匀速运动，所以金属框受到的安培力等于重力与阻力之和，设当电梯向上匀速运动时，金属框中感应电流大小为I          

       ①                                 （1分）

         ②                                 （2分）

    由①②式得金属框中感应电流I =1.2×104A               （1分）

    图示时刻回路中感应电流沿逆时针方向                   （1分）

    （2）（5分）金属框中感应电动势   ③         （2分）

    金属框中感应电流大小  ④         （2分）

     由③④式得    v0=12.7m/s                                （1分）

    （3）（8分）金属框中的焦耳热为：P1 = I2R =1.3×105W               （1分）

    重力功率为：P2 = mg v1=4.75×105W                     （2分）

    阻力的功率为：P3 = f v1=5×103W                        （2分）

    提升轿厢的效率 100%                          （2分）

    77.9 %                              （1分）

     

    13、（20分）（1）依题意，R=L/4，由qvB=mv2/R，qU0=，解得U0=（6分）

    （2）设AF中点为G，连接GC，作其垂直平分线，与AF延长线交点即为圆心

    由相似三角形得R′=O′G=13L/4，qvB=mv2/R′，q=，∴UNM=（7分）

    （3）由于粒子在磁场中运动周期T=，T与速率无关粒子撞击BC中点和DE中点后回到G，用时最短圆周半径R″=3L/2，得到最短时间t==（7分）

     

     

     


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