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    9．(2004年高考数学江苏卷.22)已知函数满足下列条件:对任意的实数x1.x2都有 和.其中是大于0的常数. 设实数a0.a.b满足 和 (Ⅰ)证明.并且不存在.使得, (Ⅱ)证明, (Ⅲ)证明. 分析:本题主要考查函数.不等式等基本知识.以及综合运用数学知识解决问题的能力. 证法一: (I)任取 和 ② 可知 . 从而 . 假设有①式知 ∴不存在 (II)由 ③ 可知 ④ 由①式.得 ⑤ 由和②式知. ⑥ 由⑤.⑥代入④式.得 (III)由③式可知 证法二:题目中涉及了八个不同的字母参数以及它们的抽象函数值.参数量太多.让考生们在短时间内难以理清头绪.因而解决问题的关键就在于“消元 --把题设条件及欲证关系中的多个参数量转化为某几个特定变量来表示.然而再进行运算证明.“消元 的模式并不难唯一.这里提供一个与标准解答不同的“消元 设想.供参考. 题设中两个主要条件是关于与的齐次式.而点.是函数图象上的两个点.是连接这两点的弦的斜率.若欲证的不等式关系也能转化为这样的斜率表示.则可以借助斜率进行“整体消元 . 设为不相等的两实数.则由题设条件可得: 和. 令. 则对任意相异实数.有及.即. 由此即得,又对任意有.得函数在R上单调增.所以函数是R上的单调增函数. 如果.则.因为.所以.即不存在.使得.于是.(Ⅰ)的结论成立. 考虑结论(Ⅱ): 因为.故原不等式为 , 当时.左右两边相等, 当时..且.则原不等式即为: . 令.则原不等式化为.即为. 因为.则.所以成立.即(Ⅱ)中结论成立. 再看结论(Ⅲ): 原不等式即. 即.注意到.则.则原不等式即为 即.令.则原不等式即化为 .即.因为.则.所以 成立.即(Ⅲ)的结论成立. 在一般的“消元 方法中.本题三个小题中不等关系的证明过程差异较大.尤其是.许多尖子学生证明了(Ⅱ)的结论而不能解决(Ⅲ). 借助斜率k“整体消元 的想法把中的不等关系都转化为相同的不等关系.然后由条件推证.有独到之处. (Ⅲ)范例分析 b)∈M.且对M中的其它元素(c.d).总有c≥a.则a= ． 分析:读懂并能揭示问题中的数学实质.将是解决该问题的突破口．怎样理解“对M中的其它元素(c.d).总有c≥a ?M中的元素又有什么特点? 解:依题可知.本题等价于求函数x=f (2)当1≤y≤3时. 所以当y=1时.xmin=4． 说明:题设条件中出现集合的形式.因此要认清集合元素的本质属性.然后结合条件.揭示其数学实质．即求集合M中的元素满足关系式 例2．解关于的不等式: 分析:本例主要复习含绝对值不等式的解法.分类讨论的思想.本题的关键不是对参数进行讨论.而是去绝对值时必须对末知数进行讨论.得到两个不等式组.最后对两个不等式组的解集求并集.得出原不等式的解集. 解:当 . 例3． 己知三个不等式:① ② ③ (1)若同时满足①.②的值也满足③.求m的取值范围, (2)若满足的③值至少满足①和②中的一个.求m的取值范围. 分析:本例主要综合复习整式.分式不等式和含绝对值不等的解法.以及数形结合思想.解本题的关键弄清同时满足①.②的值的满足③的充要条件是:③对应的方程的两根分别在和内.不等式和与之对应的方程及函数图象有着密不可分的内在联系.在解决问题的过程中.要适时地联系它们之间的内在关系. 解:记①的解集为A.②的解集为B.③的解集为C. 解①得A=,解②得B= (1) 因同时满足①.②的值也满足③.ABC 设.由的图象可知:方程的小根小于0.大根大于或等于3时.即可满足 (2) 因满足③的值至少满足①和②中的一个.因此小根大于或等于-1.大根小于或等于4.因而 说明:同时满足①②的x值满足③的充要条件是:③对应的方程2x+mx-1=0的两根分别在内.因此有f≤0.否则不能对A∩B中的所有x值满足条件．不等式和与之对应的方程及图象是有着密不可分的内在联系的.在解决问题的过程中.要适时地联系它们之间的内在关系． 例4.已知对于自然数a.存在一个以a为首项系数的整系数二次三项式.它有两个小于1的正根.求证:a≥5． 分析:回忆二次函数的几种特殊形式．设f(x)=ax+bx+c．① 顶点式．f(x)=a(x-x)+f(x)．这里(x.f(x))是二次函数的顶点.x= )).(x.f(x)).(x.f(x))是二次函数图象上的不同三点.则系数a.b.c可由 证明:设二次三项式为:f(x)=a(x-x)(x-x).a∈N． 依题意知:0＜x＜1.0＜x＜1.且x≠x．于是有 f＞0． 又f(x)=ax-a(x+x)x+axx为整系数二次三项式. 所以f(0)=axx.f(1)=a·(1-x)(1-x)为正整数．故f≥1． 从而 f≥1． ① 另一方面. 且由x≠x知等号不同时成立.所以 由①.②得.a＞16．又a∈N.所以a≥5． 说明:二次函数是一类被广泛应用的函数.用它构造的不等式证明问题.往往比较灵活．根据题设条件恰当选择二次函数的表达形式.是解决这类问题的关键． 例5.设等差数列{a}的首项a1＞0且Sm=Sn．问:它的前多少项的和最大? 分析:要求前n项和的最大值.首先要分析此数列是递增数列还是递减数列． 解:设等差数列{a}的公差为d.由Sm=Sn得 ak≥0.且ak+1＜0． ． 说明:诸多数学问题可归结为解某一不等式(组)．正确列出不等式(组).并分析其解在具体问题的意义.是得到合理结论的关键． 例6．若二次函数y=f(x)的图象经过原点.且1≤f≤4.求f(-2)的范围． 分析:要求f(-2)的取值范围.只需找到含人f．由于y=f(x)是二次函数.所以应先将f(x)的表达形式写出来．即可求得f(-2)的表达式.然后依题设条件列出含有f.即可求解． 解:因为y=f(x)的图象经过原点.所以可设y=f(x)=ax2+bx．于是 解法一 不等式组(Ⅰ)变形得 的取值范围是[6.10]． 解法二 建立直角坐标系aob.作出不等式组(Ⅰ)所表示的区域.如图6中的阴影部分．因为f(-2)=4a-2b.所以4a-2b-f(-2)=0表示斜率为2的直线系．如图6.当直线4a-2b-f.B的最小值6.最大值10．即f(-2)的取值范围是:6≤f(-2)≤10． 解法三 又f.而 1≤f≤4. ① 所以 3≤3f(-1)≤6． ② ①+②得4≤3f≤10.即6≤f(-2)≤10． 说明:(1)在解不等式时.要求作同解变形．要避免出现以下一种错解: 2b.8≤4a≤12.-3≤-2b≤-1.所以 5≤f(-2)≤11． (2)对这类问题的求解关键一步是.找到f(-2)的数学结构.然后依其数学结构特征.揭示其代数的.几何的本质.利用不等式的基本性质.数形结合.方程等数学思想方法.从不同角度去解决同一问题．若长期这样思考问题.数学的素养一定会迅速提高． 例7．己知. (1) (2).证明:对任意.的充要条件是, (3)讨论:对任意.的充要条件. 证明:(1)依题意.对任意.都有 (2)充分性: 必要性:对任意 (3) 即 而当 例8．若a＞0.b＞0.a3+b3=2．求证a+b≤2.ab≤1． 分析:由条件a3+b3=2及待证的结论a+b≤2的结构入手.联想它们之间的内在联系.不妨用作差比较法或均值不等式或构造方程等等方法.架起沟通二者的“桥梁 ． 证法一 因为a＞0.b＞0.a3+b3=2.所以 (a+b)3-23=a3+b3+3a2b+3ab2-8=3a2b+3ab2-6 =3[ab-(a3+b3)]=-32≤0. 即 (a+b)3≤23． 证法二 因为a＞0.b＞0.a3+b3=2.所以 所以a+b≤2.ab≤1． 说明:充分发挥“1 的作用.使其证明路径显得格外简捷.漂亮． 证法三 设a.b为方程x2-mx+n=0的两根．则 因为a＞0.b＞0.所以m＞0.n＞0且Δ=m2-4n≥0．① 因此2=a3+b3=[(a+b)2-3ab]=m[m2-3n].所以 所以a+b≤2． 由2≥m得4≥m2.又m2≥4n.所以4≥4n.即n≤1．所以 ab≤1． 说明:认真观察不等式的结构.从中发现与已学知识的内在联系.就能较顺利地找到解决问题的切入点． 证法四 因为a＞0.b＞0.a3+b3=2.所以 2=a3+b3=. 于是有6≥3ab(a+b).从而 8≥3ab(a+b)+2=3a2b+3ab2+a3+b3=(a+b)3. 所以a+b≤2． 即a+b≤2． 证法六 假设a+b＞2.则 a3+b3=[(a+b)2-3ab]＞2． 因为a3+b3=2.所以2＞2.因此ab＞1． ① 另一方面.2=a3+b3=·ab＞2ab. 所以ab＜1． ② 于是①与②矛盾.故a+b≤2． 说明:此题用了六种不同的方法证明.这几种证法都是证明不等式的常用方法． 例9．设函数f(x)=ax2+bx+c的图象与两直线y=x.y=-x.均不相 分析:因为x∈R.故|f(x)|的最小值若存在.则最小值由顶点确定.故设f(x)=a(x-x0)2+f(x0)． 证明:由题意知.a≠0．设f(x)=a(x-x0)2+f(x0).则 又二次方程ax2+bx+c=±x无实根.故 Δ1=(b+1)2-4ac＜0. Δ2=(b-1)2-4ac＜0． 所以(b+1)2+(b-1)2-8ac＜0.即2b2+2-8ac＜0.即 b2-4ac＜-1.所以|b2-4ac|＞1． 说明:从上述几个例子可以看出.在证明与二次函数有关的不等式问题时.如果针对题设条件.合理采取二次函数的不同形式.那么我们就找到了一种有效的证明途径． 例10．某城市2001年末汽车保有量为30万辆.预计此后每年报废上一年末汽车保有量的6%.并且每年新增汽车数量相同.为了保护城市环境.要求该城市汽车保有量不超过60万辆.那么每年新增汽车数量不应超过多少辆? 解:设2001年末的汽车保有量为.以后每年末的汽车保有量依次为.每年新增汽车万辆. 由题意得 例11．已知奇函数 知函数 分析:这是一道比较综合的问题.考查很多函数知识.通过恰当换元.使问题转化为二次函数在闭区间上的最值问题. 令 要使 10 当 30当 综上: 例12．如图.某隧道设计为双向四车道.车道总宽22米.要求通行车辆限高4.5米.隧道全长2.5千米.隧道的拱线近似地看成半个椭圆形状. (1)若最大拱高h为6米.则隧道设计的拱宽是多少? (2)若最大拱高h不小于6米.则应如何设计拱高h和拱宽.才能使半个椭圆形隧道的土方工程最小? (半个椭圆的面积公式为s=柱体体积为:底面积乘以高..本题结果均精确到0.1米) 分析:本题为2003年上海高考题.考查运用几何.不等式等解决应用题的能力及运算能力. 解:1)建立如图所示直角坐标系.则P 椭圆方程为: 将b=h=6与点P坐标代入椭圆方程得 故隧道拱宽约为33.3米 2)由椭圆方程 故当拱高约为6.4米,拱宽约为31.1米时,土方工程量最小. 例13．已知n∈N.n＞1．求证 分析:虽然待证不等式是关于自然数的命题.但不一定选用数学归纳法.观其“形 .它具有较好规律.因此不妨采用构造数列的方法进行解． 则 说明:因为数列是特殊的函数.所以可以因问题的数学结构.利用函数的思想解决． 例14．已知函数 分析:本例主要复习函数.不等式的基础知识.绝对值不等式及函数不等式的证明技巧.基本思路先将函数不等式转化为代数不等式.利用绝对值不等式的性质及函数的性质.证明(1)再利用二项展开式及基本不等式的证明(2). 证明:(1) 当且仅当时.上式取等号. (2)时.结论显然成立 当时. 例15．己知 (1) (2) 证明:(1) 同理 (2)由二项式定理有 因此 . 【查看更多】

     

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    某地招办为了了解2004年高考文科数学主观题的阅卷质量，将2050份试卷中封面保密号的尾数是11的全部抽出来，再次复查，这种抽样方法采用的是（　　）

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    某地招办为了了解2004年高考文科数学主观题的阅卷质量，将2050份试卷中封面保密号的尾数是11的全部抽出来，再次复查，这种抽样方法采用的是

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    1. A.
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