题目列表(包括答案和解析)
如图1-71（原图1-69）所示，重为G的一根均匀硬棒AB，杆的A端被细绳吊起，在杆的另一端B作用一水平力F，把杆拉向右边，整个系统平衡后，细线、棒与竖直方向的夹角分别为a、b．求证：tgb=2tga．[15 ]
07四川理综 71 、右图为氢原子能级的示意图，现有大量的氢原子处于n＝4的激发态，当向低能级跃迁时辐射出若干不同频率的光。关于这些光下列说法正确的是
A．最容易表现出衍射现象的光是由n＝4能级跃到n＝1能
级产生的
B．频率最小的光是由n＝2能级跃迁到n＝1能级产生的
C．这些氢原子总共可辐射出3种不同频率的光
D．用n＝2能级跃迁到n＝1能级辐射出的光照射逸出功为6.34 eＶ的金属铂能发生光电效应
海洋占地球面积的71％，它接受来自太阳的辐射能比陆地上要大得多．根据联合国教科文组织提供的材料，全世界海洋能的可再生量，从理论上说近800亿千瓦，其中海洋潮汐能含量巨大．海洋潮汐是由于月球和太阳引力的作用而引起的海水周期性涨落现象，理论证明：月球对海水的引潮力(f潮)月与M月成正比，与(r月地)3成反比，即：
(f潮)月＝
，
同理可证：
(f潮)日＝
，
潮水潮汐能的大小随潮汐差而变，潮差越大则潮汐能越大．加拿大的芬迪湾、法国的塞纳河口，我国的钱塘江、印度和孟加拉国的恒河口等等，都是世界上潮差大的地区．1980年我国建成的浙江省温岭县江厦潮汐电站，其装机容量为3000千瓦，规模居世界第二，仅次于法国的朗斯潮汐电站．已知地球半径为6.4×106m，月球绕地球可近似看作圆周运动．根据有关数据解释：为什么月球对潮汐现象起主要作用？(M月＝7.35×1022kg，M日＝1.99×1030kg，r日地＝1.50×108km)
海洋占地球面积的71％，它接受来自太阳的辐射能比陆地上要大得多．根据联合国教科文组织提供的材料，全世界海洋能的可再生量，从理论上说近800亿千瓦，其中海洋潮汐能含量巨大．海洋潮汐是由于月球和太阳引力的作用而引起的海水周期性涨落现象，理论证明：月球对海水的引潮力
与
成正比，与
成反比，即：
，同理可证：
，潮水潮汐能的大小随潮汐差而变，潮汐差越大则潮汐能越大．加拿大的芬迪湾、法国的塞纳河口、我国的钱塘江、印度和孟加拉国的恒河口等等，都是世界上潮汐差大的地区．1980年我国建成的浙江省温岭县江厦潮汐电站，其装机容量为3000千瓦，规模居世界第二，仅次于法国的朗斯潮汐电站．已知地球半径为
，月球绕地球的运动可近似看作圆周运动．根据有关数据解释：为什么月球对潮汐现象起主要作用?(
，
，
)
海洋占地球表面积的71％，它接受来自太阳的辐射能比陆地上要大得多．根据联合国教科文组织提供的材料，全世界海洋能的可再生量，从理论上说近800亿千瓦，其中海洋潮汐能含量巨大．海洋潮汐是由于月球和太阳引力的作用而引起的海水周期性涨落现象，理论证明：月球对海水的引潮力
成正比，与
成反比，即：
，同理可证
，潮水潮汐能的大小随潮汐差而变，潮差越大则潮汐能越大．加拿大的芬迪湾、法国的塞纳河口、我国的钱塘地区、印度和盂加拉国的恒河口等等，都是世界上潮差大的地区．1980年我国建成的浙江省温岭县江厦潮汐电子工业部站，其装机容量为3000千瓦，规模居世界第二，仅次于法国的朗斯潮汐电站．已知地球半径为
，月球绕地球可近似看作圆周运动，根据题中有关数据解释：为什么月球对潮汐现象起主要作用？
一、本题共12小题，每小题4分，满分48分．
1
2
3
4
5
6
7
8
9
10
11
12
CD
BC
D
AC
BC
AD
AC
BD
AD
AD
C
C
二、非选择题部分共9小题，满分102分.其中13-14题为选做题，考生只能在13、14题中选择一题作答. 15-21题为必做题，解答题应写出必要的文字说明、方程式和重要演算步骤，只写出最后答案的不能得分，有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位.
选做题
13．（11分）（适合选修3－3（含2－2）模块的考生）
（1）(4分) BCDH
（2）（7分）解：由图可知：从A到B是一个等温过程，根据玻意耳定律可得：
……………(2分) 带入数据解得：
……………(1分)
从B到C是一个等容过程，
……………(1分)
【或由
，代入数据解得：
】
由图可知气体从B到C过程为等容变化、温度升高，……(1分)故气体内能增大，……(1分)由热力学第一定律可得该过程气体吸热。……………(1分)
14．（11分）（适合选修3－4模块的考生）
（1）（4分）AEFG
（2）（7分）解：依题由甲图知该波的波长为
……………(1分)
由乙图知该波的振动周期为
……………(1分)
设该波的传播速度为V，有
……………(1分)
又由乙图知，P点在此时的振动方向向上，……………(1分)
所以该波的传播方向水平向左。……………(2分)
必做题
15.（16分）（1）①天平 刻度尺 小木块
②具体操作是：平衡摩擦力，先将小沙桶和滑块的连线断开，用小木块将长木板的左端稍稍垫起，直至轻推滑块，打下点距分布均匀的纸带为止．
应控制的实验条件是：实验中保持
．
③
（2）①（4分）作a-1/M图，如图
②（1分）加速度、质量
③（2分）AC
16．（12分）
（1）（4分）电路图如图，因为电源电动势E = 1.5V，而电压表量程为10V，读数不明显，所以不选电压表。已知内阻的电流表可测电压，所以选用A1或A2测电压，R2的电阻约为20Ω，题中要求测多组数据，故采用分压接法，电路图如图所示。
（2）（4分）实物连接如图（略）
（3）（4分）因为
所以
，得
，
式中：I1为A1的读数，I2为A2的读数，r1为A1的内阻，r2为A2的内阻，L0为金属丝的长度，D为金属丝的直径。
17.（15分）解：以上结果是不正确的。因为地球赤道表面的物体随地球作圆周运动的向心力并不是物体所受的万有引力，而是万有引力与地面对物体支持力的合力。……………(3分)
正确解答如下：地球赤道表面的物体随地球自转的周期为T，轨道半径为R，所以线速度大小为：
……………(4分)
(2)①可估算地球的质量M，设同步卫星的质量为m，轨道半径为
，周期等于地球自转的周期为T，由牛顿第二定律有：
……………(3分)
所以
……………(1分)
②可估算同步卫星运转时线速度的大小
，由①知地球同步卫星的周期为T，轨道半径为，所以
……………(4分)
【或：万有引力提供向心力
……………(1分)
对地面上的物体有：
……………(1分)，所以得：
……(2分)】
18.（16分）解：（1）由表中数据可以看出ab棒最终将匀速运动，且匀速运动速度为：
①……………(2分)
金属棒产生的感应电动势为：
②……………(2分)
回路中感应电流为：
③……………(1分)
金属棒受到的磁场力为：
④……………(1分)
棒受力如图所示，由平衡条件得：
⑤……………(1分)
联立①---⑤式并代入数据解得：
⑥……………(2分)
(2)在0.6S内金属棒运动的距离为：
⑦……………(1分)
设回路产生的总热量为Q，由能的转化和守恒定律得，
⑧…(2分)
在回路中产生的热量与电阻成正比，所以
⑨……………(2分)
联立⑦⑧⑨并代入数据解得：
⑩……………(2分)
19.（15分）解：由O为AB连线的中点, C、D是AB连线上的两点,其中
知C、D关于O点对称，则
……………(2分)
设滑块与水平板间的摩擦力大小为f，滑块从C到D的过程，由动能定理：
……(2分)且
……(1分) 得:
…………(1分)
(2)滑块从O到D的过程，由动能定理：
……………(2分) 则
……………(1分)
(3)对于小滑块从C开始运动到最终在O点停下的整个过程，由动能定理得：
……………(2分) 而
……………(2分)
得：
……………(2分)
20.（17分）解：（1）F=(M+m)a …………（1分）
μmg=ma …………（1分）
F=μ(M+m)g=0.1×(3+1)×10N=4N …………（1分）
（2）小物体的加速度 
木板的加速度 
………（1分） 解得物体滑过木板所用时间
物体离开木板时的速度 
（3）若F作用时间最短，则物体离开木板时与木板速度相同。设F作用的最短时间为t1，物体在木板上滑行的时间为t，物体离开木板时与木板的速度为V
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