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    ②滑块通过光电门1.2之间的动能增加量为 J.重力势能的减少量为 J. 【查看更多】

     

    题目列表(包括答案和解析)

    如图1所示的装置由气垫导轨、两个光电门、滑块和沙桶等组成．光电门可以测出滑块分别通过两个光电门的瞬时速度，导轨标尺可以测出两个光电门间的距离，另用天平测出滑块和沙桶的质量分别为M和m．

    下面说法正确的是
    AB
    AB
    （填写字母代号）
    A．用该装置可以测出滑块的加速度
    B．用该装置验证牛顿第二定律时，要保证拉力近似
    等于沙桶的重力，必须满足M＞＞m
    C．可以用该装置验证机械能守恒定律，但必须满足M＞＞m
    D．不能用该装置验证动能定理．
    Ⅱ．有一圆柱体的未知合金，为测定其电阻率，某同学做了如下操作
    （1）用螺旋测微器测其直径d，如图所示，读数是
    11.095
    11.095
     mm．
    （2）再用游标卡尺测其长度l，如图所示，读数是
    10.310
    10.310
     cm．
    （3）用多用电表粗测电阻
    ①首先选用“×l0”欧姆挡，其阻值如图甲中指针所示，为了减小多用电表的读数误差，多用电表的选择开关应换用
    ×1
    ×1
    欧姆挡；
    ②按正确的操作程序再一次用多用电表测量该待测电阻的阻值时，其阻值如图乙中指针所示，则该合金的阻值Rx大约是
    11.0
    11.0
    Ω．
    （4）精确地测量其电阻该同学手头上只有以下器材：A．电压表V2，量程15V，内阻约20kΩB．电流表A1（量程l00mA，内阻约为10Ω）
    C．电阻箱R1，最大阻值为99.99Ω
    D．滑动变阻器R2，最大阻值50Ω
    E．电流表A2（量程100μA，内阻约100Ω）
    F．滑动变阻器R3，最大阻值10kΩ
    G．导线及单刀单掷、单刀双掷开关若干
    H．电源（电动势约3V，内阻约为10Ω）
    ①该同学应选择合适的器材是
    BCDGH
    BCDGH
     （填写器材前面的字母），要求电表的示数应大于量程的三分之一，且滑动变阻器调节方便．
    ②请在虚线框中画出测量该合金电阻的电路图，并标上相应元件的符号．按图连接好线路之后，即可测出其阻值Rx．
    （5）用以上所测量的物理量，写出电阻率的表达式
    ρ=
    Rxπd2
    4l
    ρ=
    Rxπd2
    4l
    ．

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    Ⅰ．（4分）如图所示的装置由气垫导轨、两个光电门、滑块和沙桶等组成。光电门可以测出滑块分别通过两个光电门的瞬时速度，导轨标尺可以测出两个光电门间的距离，另用天平测出滑块和沙桶的质量分别为M和m。


    下面说法正确的是     （填写字母代号）
    A．用该装置可以测出滑块的加速度
    B．用该装置验证牛顿第二定律时，要保证拉力近似等于沙桶的重力，必须满足M>>m
    C．可以用该装置验证机械能守恒定律，但必须满足M>>m
    D．不能用该装置验证动能定理。
    Ⅱ．（14分）有一圆柱体的未知合金，为测定其电阻率，某同学做了如下操作
    （1）用螺旋测微器测其直径d，如图所示，读数是              mm．
    （2）再用游标卡尺测其长度l，如图所示，读数是             cm．
    （3）用多用电表粗测电阻
    ①首先选用“×l0”欧姆挡，其阻值如图甲中指针所示，为了减小多用电表的读数误差，多用电表的选择开关应换用            欧姆挡；
    ②按正确的操作程序再一次用多用电表测量该待测电阻的阻值时，其阻值如图乙中指针所示，则该合金的阻值Rx大约是            Ω．
    （4）精确地测量其电阻该同学手头上只有以下器材：

    A．电压表V2，量程15V，内阻约20kΩ
    B．电流表A1（量程l00mA，内阻约为10Ω）
    C．电阻箱R1，最大阻值为99．99Ω
    D．滑动变阻器R2，最大阻值50Ω
    E．电流表A2（量程100μA，内阻约100Ω）
    F．滑动变阻器R3，最大阻值10kΩ
    G．导线及单刀单掷、单刀双掷开关若干
    H．电源（电动势约3V，内阻约为10Ω）
    ①该同学应选择合适的器材是                  （填写器材前面的字母），要求电表的示数应大于量程的三分之一，且滑动变阻器调节方便.
    ②请在虚线框中画出测量该合金电阻的电路图，并标上相应元件的符号。按图连接好线路之后，即可测出其阻值Rx.
    （5）用以上所测量的物理量，写出电阻率的表达式                 .

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    Ⅰ．（4分）如图所示的装置由气垫导轨、两个光电门、滑块和沙桶等组成。光电门可以测出滑块分别通过两个光电门的瞬时速度，导轨标尺可以测出两个光电门间的距离，另用天平测出滑块和沙桶的质量分别为M和m。

    下面说法正确的是       （填写字母代号）

    A．用该装置可以测出滑块的加速度

    B．用该装置验证牛顿第二定律时，要保证拉力近似等于沙桶的重力，必须满足M>>m

    C．可以用该装置验证机械能守恒定律，但必须满足M>>m

    D．不能用该装置验证动能定理。

    Ⅱ．（14分）有一圆柱体的未知合金，为测定其电阻率，某同学做了如下操作

    （1）用螺旋测微器测其直径d，如图所示，读数是               mm．

    （2）再用游标卡尺测其长度l，如图所示，读数是              cm．

    （3）用多用电表粗测电阻

    ①首先选用“×l0”欧姆挡，其阻值如图甲中指针所示，为了减小多用电表的读数误差，多用电表的选择开关应换用             欧姆挡；

    ②按正确的操作程序再一次用多用电表测量该待测电阻的阻值时，其阻值如图乙中指针所示，则该合金的阻值Rx大约是             Ω．

    （4）精确地测量其电阻该同学手头上只有以下器材：

    A．电压表V2，量程15V，内阻约20kΩ

    B．电流表A1（量程l00mA，内阻约为10Ω）

    C．电阻箱R1，最大阻值为99．99Ω

    D．滑动变阻器R2，最大阻值50Ω

    E．电流表A2（量程100μA，内阻约100Ω）

    F．滑动变阻器R3，最大阻值10kΩ

    G．导线及单刀单掷、单刀双掷开关若干

    H．电源（电动势约3V，内阻约为10Ω）

    ①该同学应选择合适的器材是                   （填写器材前面的字母），要求电表的示数应大于量程的三分之一，且滑动变阻器调节方便.

    ②请在虚线框中画出测量该合金电阻的电路图，并标上相应元件的符号。按图连接好线路之后，即可测出其阻值Rx.

    （5）用以上所测量的物理量，写出电阻率的表达式                  .

     

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    Ⅰ．（4分）如图所示的装置由气垫导轨、两个光电门、滑块和沙桶等组成。光电门可以测出滑块分别通过两个光电门的瞬时速度，导轨标尺可以测出两个光电门间的距离，另用天平测出滑块和沙桶的质量分别为M和m。


    下面说法正确的是     （填写字母代号）
    A．用该装置可以测出滑块的加速度
    B．用该装置验证牛顿第二定律时，要保证拉力近似等于沙桶的重力，必须满足M>>m
    C．可以用该装置验证机械能守恒定律，但必须满足M>>m
    D．不能用该装置验证动能定理。
    Ⅱ．（14分）有一圆柱体的未知合金，为测定其电阻率，某同学做了如下操作
    （1）用螺旋测微器测其直径d，如图所示，读数是              mm．
    （2）再用游标卡尺测其长度l，如图所示，读数是             cm．
    （3）用多用电表粗测电阻
    ①首先选用“×l0”欧姆挡，其阻值如图甲中指针所示，为了减小多用电表的读数误差，多用电表的选择开关应换用            欧姆挡；
    ②按正确的操作程序再一次用多用电表测量该待测电阻的阻值时，其阻值如图乙中指针所示，则该合金的阻值Rx大约是            Ω．
    （4）精确地测量其电阻该同学手头上只有以下器材：

    A．电压表V2，量程15V，内阻约20kΩ
    B．电流表A1（量程l00mA，内阻约为10Ω）
    C．电阻箱R1，最大阻值为99．99Ω
    D．滑动变阻器R2，最大阻值50Ω
    E．电流表A2（量程100μA，内阻约100Ω）
    F．滑动变阻器R3，最大阻值10kΩ
    G．导线及单刀单掷、单刀双掷开关若干
    H．电源（电动势约3V，内阻约为10Ω）
    ①该同学应选择合适的器材是                  （填写器材前面的字母），要求电表的示数应大于量程的三分之一，且滑动变阻器调节方便.
    ②请在虚线框中画出测量该合金电阻的电路图，并标上相应元件的符号。按图连接好线路之后，即可测出其阻值Rx.
    （5）用以上所测量的物理量，写出电阻率的表达式                 .

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    某同学为了验证牛顿第二定律，利用气垫导轨设计实验装置简图如右．
    （1）如果滑块上的挡光片宽度为d，通过1、2两个光电门时的挡光时间分别为t1和t2，测量出两个光电门之间的距离s，那么滑块运动的加速度a的计算式是a=
    d2
    2s
    (
    1
    t
    2
    2
    -
    1
    t
    2
    1
    )
    d2
    2s
    (
    1
    t
    2
    2
    -
    1
    t
    2
    1
    )
    ．（用已知字母表示）
    （2）为了保持滑块所受的合力不变，在保持L不变的情况下，可改变滑块质量M和气垫导轨右端高度h．关于“改变滑块质量M和气垫导轨右端的高度h”的正确操作方法是
    BC
    BC

    A．M增大时，h增大，以保持二者乘积增大
    B．M增大时，h减小，以保持二者乘积不变
    C．M减小时，h增大，以保持二者乘积不变
    D．M减小时，h减小，以保持二者乘积减小
    （3）保持滑块质量和L不变，改变h，测得一系列不同的a，如表中所示，根据表格中的数据作出a-h图线．从图线中能说明滑块的加速度与合力成正比的理由是
    小车受合外力为：F=mgsinθ=mg
    h
    s
    （s为气垫导轨的长），F与h成正比，故a与F成正比
    小车受合外力为：F=mgsinθ=mg
    h
    s
    （s为气垫导轨的长），F与h成正比，故a与F成正比
    ．
    序号 1 2 3 4 5 6 7
    h（cm） 6.00 5.50 5.00 4.50 4.00 3.50 3.00
    a（m/s2） 0.437 0.398 0.364 0.330 0.289 0.253 0218．

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    一

    题号

    1

    2

    3

    4

    5

    6

    7

    8

    9

    10

    11

    12

    答案

    C

    C

    A

    B

    BD

    AD

    CD

    BD

    BD

    ABD

    B

    AC

    二

    13．（1）将玻璃板放在盘上，用笔画出油膜的形状(2分)  (3分)

    （2）（1）1.00m/s，2.50m/s；（各1分）           （2）5.25J，5.29J（各2分）

    14． （6分）

    15题．（共8分）

    解：该队员先在t1=1s时间内以a1匀加速下滑．

    然后在t2=1.5s时间内以a2匀减速下滑．

    第1s由牛顿第二定律得：mg－F1=ma1                   

    所以a1==4m/s2                                  （2分）

    最大速度vm=a1t1                                      

    代入数据解得：vm=4m/s                                 （2分）

    后1.5s由牛顿第二定律得：F2－mg=ma2                  

    a2==2m/s2                                       （2分）

    队员落地时的速度v=vm－a2t2                              

    代入数据解得：v=1m/s                                   （2分）

     

    16（8分）题将运动员看成质量为m的质点，从高处下落，刚接触网时的速度的大小

     　　　　①                （2分）

     　　弹跳后到达的高度为，刚离网时的速度的大小

     　　　　②              （2分）

     　　接触过程中运动员受到向下的重力mg和网向上的弹力F。选取竖直向上为正方向，由动量定理，得　　③              （3分）

    　　由以上三式解得

    　　代入数值得　　         （1分）

     

    17．（12分）

    (1)mv0=2mvA…………………………（3分）     vA =v0……………………（1分）

    (2)qE=2mv2A /r………………………………………………………………（2分）

    E= ……………………………………………………………（1分）

    E的方向是: 竖直向上………………………………………………（1分）

    (3)在AB过程中应用动能定理有：   qE?2r-2mg?2r=EkB-?2mv2共…………………（3分）

    ∴EkB=mv20-4mgr………………………………………………………（1分）

     

    18．（12分）参考解答：

    （1）开始时弹簧形变量为，

    由平衡条件：   ①…………… （1分）

    设当A刚离开档板时弹簧的形变量为：

    由：  ②…………………………（1分）

    故C下降的最大距离为：  ③…………………………（2分）

    由①～③式可解得    ④………………………… （2分）

    （2）由能量守恒定律可知：C下落h过程中，C重力势能的的减少量等于B的电势能的增量和弹簧弹性势能的增量以及系统动能的增量之和

    当C的质量为M时：    ⑤………………（2分）

    当C的质量为2M时，设A刚离开挡板时B的速度为V

     ⑥ ……………（2分）

    由④～⑥式可解得A刚离开P时B的速度为：

      ⑦…………………………（2分）

     

     

     

     

     

     

     

    19题：（14分）

    （1）m1与m2碰撞过程满足

            mv0=mv1+2mv2                                    （1分）

            mv02=mv12+2mv22                             （1分）

    得v1＝-（负号表示逆时针返回），v2＝-          （2分）

    （2）因为m2=m3=2m，与第（1）问同理可得，m2运动到C处与m3碰后，两者交换速度，即v2′＝0，v3＝＝v2                                           （2分）

    所以m3以的速度顺时针由C向A运动，与m1逆时针返回，

    因为v2=v3=2v1， +=2

    所以m3和m1同时到达A点并进行碰撞。            （2分）

    （3）m3和m1碰撞过程满足

    2m-m=m v1′+2m v3′

    2m()2+m()2=m v1′2+2m v3′2                     

    解之得v1′＝v0，v3′＝0（另一解v1′＝-，v3′＝，这表示互相穿过去，不可能，所以舍去）即碰后m3停止，m1以v0再次顺时针运动。         （4分）

    m1和m2第一次相碰后，返回A点的时间t1==

    m1和m3在A处碰后，m1以v0返回到C的时间t2=＝

    从m1和m3在第一次相碰，到m1和m2第二次相碰经历的总时间

    t= t1+ t2=                                      （2分）

     


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