0  120702  120710  120716  120720  120726  120728  120732  120738  120740  120746  120752  120756  120758  120762  120768  120770  120776  120780  120782  120786  120788  120792  120794  120796  120797  120798  120800  120801  120802  120804  120806  120810  120812  120816  120818  120822  120828  120830  120836  120840  120842  120846  120852  120858  120860  120866  120870  120872  120878  120882  120888  120896  447090 

3.在玻璃瓶里装一些红色的水,取一根两端开口的细玻璃管,让玻璃管穿过橡皮塞插入水中,并从管子上端吹入少量气体,这样小明就制成了一个简易的多功能物理实验演示器. 当把此装置从山脚带到山顶时,发现玻璃管内液面升高,这说明山顶大气压     ;取一吸管,靠近玻璃管口,通过吸管向右吹气, 如图2所示,发现玻璃管内液面上升,这说明         .                   

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一、填空题

1.  如图1所示,是某同学研究液体压强时,绘制的甲、乙两种液体的压强与深度的关系图象。由图可知,甲、乙液体密度的大小关系为_______,其中______液体是水。

 

 

 

 

 

 

  2.  体重相同的小明和小军进行爬竿比赛,小明比小军先爬到竿顶,则小明克服重力做的功W1与小军克服重力做的功W2相比,W1 _____W2;小明爬竿的功率P1与小军爬竿的功率P2相比,则Pl _____P2。(均选填“>”“=”或“<”)。

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35.(6分)(2014•成都)小李同学根据教材的建议,用3Ω、6Ω、12Ω的定值电阻各一个,制作了一个电路“黑箱”,内部结构如图甲所示.a、b、c、d为四条引线的接线柱.为了确定R1、R2、R3的阻值,小王连接了图乙所示的部分电路,其中电源电压保持不变,约为3v,电流表量程为0.6A,

(1)小王将f与a相连,e与b相连,正要闭合开关,小李阻止了他.请通过计算、分析,说明小李为什么要阻止小王.

(2)小王保持f与a相连,将e改为与c相连,闭合开关S,电流表示数为Iac;断开S保持f与a相连,将e改为与d相连,闭合S,电流表示数为Iad;小王发现.Iac=2Iad.请通过计算、推理确定R1、R2、R3的阻值.

(3)在图甲所示的电路中.若将a、c用导线相连,在a、b间接入电压为U的电源,电路消耗的总功串为P1;若改为将a,d用导线相连,在a、b间仍接入电压为U的同一电源,电路消耗的总功串为P2,则P1:P2= 21

 

 

考点:
欧姆定律的应用;电功率的计算.
专题:
电路和欧姆定律.
分析:
(1)当f与a相连,e与b相连,电路为R1的基本电路,根据欧姆定律求出电路中电流的大小,然后与电流表量程进行比较可知小李阻止小王的原因;
(2)当f与a相连,e与c相连时,R1、R3串联;当f与a相连,e与d相连时,R1、R2串联;以电源电压为等价列出关系式,并根据电路中电流的关系以及阻值间的关系推理出R1、R2、R3的阻值;
(3)当a、c相连,a、b接入电源时,R1、R3并联;当a、d相连,a、b接入电源时,R1、R2并联;根据P=表示出电路消耗的功率,将已知数据代入即可求出两次功率之比.
解答:
解:(1)当f与a相连,e与b相连,电路为R1的基本电路,如果R1=3Ω,则电路中的电流:I===1A>0.6A,超过电流表的量程;
(2)当f与a相连,e与c相连时,R1、R3串联;则有U=Iac(R1+R3)﹣﹣﹣﹣①
当f与a相连,e与d相连时,R1、R2串联;则有U=Iad(R1+R2)﹣﹣﹣﹣②
根据题意可知,Iac=2Iad﹣﹣﹣﹣③
联立①②③可得,R2=R1+2R3;故R2为三个阻值中最大的,即R2=12Ω;
若R1=3Ω,R3=6Ω,不满足R2=R1+2R3
若R1=6Ω,R3=3Ω,满足R2=R1+2R3;因此R1=6Ω,R3=3Ω.
(3)当a、c相连,a、b接入电源时,R1、R3并联;则有P1=+=+=U2
当a、d相连,a、b接入电源时,R1、R2并联;则有P2=+=+=U2
故P1:P2=U2: U2=2:1.
答:(1)超过电流表的量程;
(2)R1=6Ω,R2=12Ω,R3=3Ω.
(3)2:1.
点评:
本题考查了串并联电路的特点和欧姆定律、电功率的公式的应用,关键是知道不同情况下电路的连接方式;具有一定的难度.

 

 

 

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33.(2分)(2014•成都)如图,轻质杠杆上各小格间距相等,O为杠杆中点.甲、乙是同种金属材料制成的实心物体,甲为正方体,乙重15N,将甲、乙用能承受最大拉力为20N的细线分别挂于杠杆上M、Q两刻线处时,两细线被拉直且都沿竖直方向,M、Q正好在甲、乙重心正上方,杠杆在水平位置平衡,这时甲对地面的压强为4000Pa;当把乙移挂至R时,甲对地面的压强为3750Pa.下列说法中正确的是(  )

 

 
A.
金属块甲的重力为45N
 
B.
金属块乙的体积为200cm3
 
C.
将甲向右移动并挂于N正下方,乙仍挂于R,放手后杠杆仍能平衡.
 
D.
将甲向右移动并挂于P正下方,乙移挂至S,放手后杠杆甲被拉离地面

 

考点:
探究杠杆的平衡条件实验.
专题:
探究型实验综合题.
分析:
(1)利用杠杆平衡条件F1L1=F2L2求出甲上方的绳上的拉力,在分析甲的受力情况,根据压强p=列出甲在两种情况下的压强,联立解答甲的重力;
(2)由于乙物体的密度不知,则其体积无法求出;
(3)利用杠杆平衡条件判断是否再一次平衡;
(4)同样利用杠杆平衡条件判断是否再一次平衡.
解答:
解:A、设甲的重力为G,甲的底面积为S,杠杆上1小格为L,则根据杠杆平衡条件可得:
F×6L=G×2L即F×6L=15N×2L,解得F=5N,此时甲对地面的压强为p===4000Pa;
同理可得:F′×6L=15N×3L,解得F′=7.5N,此时甲对地面的压强为p′===3750Pa;
两式联立解得:G=45N
故A正确;
B、由于乙物体的密度不知,则其体积无法求出,故B错误;
C、如果将甲向右移动并挂于N正下方,乙仍挂于R,此时(G﹣F′)×4L>G×3L即(45N﹣F′)×4L>15N×3L,所以放手后杠杆仍能平衡,故C正确;
D、如果将甲向右移动并挂于P正下方,乙移挂至S,此时(G﹣F″)×2L<G×7L即(45N﹣F″)×2L<15N×7L,所以放手后杠杆甲被拉离地面,故D正确.
故选:ACD.
点评:
此题考查学生对于杠杆平衡条件的理解和掌握,学会动态分析是解题难点.

 

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32.(2分)(2014•成都)在“比较不同液体的比热容大小”的实验中,用相同的酒精灯对四种液体加热,得到如表所示的数据:

次数
液体
质量/g
升高的温度/℃
加热时间/min
1

200
10
7
2

200
20
10
3

400
20
14
4

400
15
14

如果四次实验中,在相同时间内,水、甲、乙、丙吸收的热量相等,已知水的比热容为C=4.2×103J•(kg•℃)1,则由上述条件可得(  )

 
A.
第1次实验中,水吸收的热量等于酒精燃烧放出的热量
 
B.
第1、2次实验中,甲液体吸收的热量比水吸收的热量多
 
C.
乙液体的比热容为2.1×103J•(kg•℃)1
 
D.
丙液体的比热容小于乙液体的比热容

 

考点:
控制变量法与探究性实验方案.
专题:
探究型实验综合题.
分析:
(1)酒精燃烧放出的热量一部分被水吸收,还有一部分热量被容器吸收和散失到空气中;
(2)实验中用相同的酒精灯给四种液体加热,在单位时间内酒精灯放出的热量相等;加热时间越长,放出的热量越多;
(3)根据吸热公式Q=cm△t,根据吸收热量、质量和升高温度的关系列等式,由水的比热容计算出乙种物质的比热容;
(4)根据吸热公式Q=cm△t,质量相等的两种不同物质吸收相同的热量,比热容越大、升高的温度越低.
解答:
解:A、用酒精灯加热液体,酒精燃烧放出的热量只有一部分被水吸收,还有一部分热量被容器吸收和散失到空气中,故A错误;
B、相同的酒精灯加热液体,在单位时间内酒精灯放出的热量相同,加热时间越长,放出的热量越多,故甲液体比乙液体吸收的热量多,故B正确;
C、相同的酒精灯加热液体,单位时间内放出的热量相等,故Q:Q=1:2,
又知△t:△t=2:1,m:m=2:1,
由Q=cm△t得,====,
c=×c=×4.2×103J/kg•℃=2.1×103J/kg•℃,
故C正确;
D、根据吸热公式Q=I2Rt,乙、丙两种液体质量相等,吸收相同的热量,丙升高的温度越低,所以丙的比热容大,故D错误.
故选:BC.
点评:
本题考查了“比较不同液体的比热容大小”的实验中对数据的分析、处理能力,灵活的运用吸热公式和控制变量法研究问题是解题的关键.

 

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31.(2分)(2014•成都)将标有“2.5V  0.3A”字样的灯泡甲和“3.8V  0.3A”字样的灯泡乙,分别串联和并联后,接在电压为2.5V的电源两端,不考虑温度对电阻的影响,下列说法中正确的是(  )

 
A.
串联时,两灯都能正常发光
 
B.
串联时,甲灯比乙灯更亮
 
C.
并联时,通过两灯的电流相等
 
D.
并联时,甲灯的实际功率比乙灯的实际功率大

 

考点:
电路的基本连接方式.
专题:
电流和电路.
分析:
(1)两灯泡额定电压和额电功率已知,可计算出其电阻,根据串联电路的分压原理判断;
(2)串接在2.5V电源上时,根据P=I2R分析消耗功率的大小关系即可判断亮度情况;
(3)根据并联电路的电流特点和欧姆定律判断;
(4)跟根据P=比较两灯泡电阻之间的关系,再根据并联电路的特点比较实际功率的大小.
解答:
解:由I=得,R=,两灯泡额定电流相等,额定电压高的电阻大,即灯R<R
(1)两灯串联时,如两灯串联接入电路,电流相等,电阻大的分得的电压高,两灯的电压和为电源电压2.5V,故都不能正常发光;故A错误;
由P=UI,I=可得P=I2R,R1<R2,所以P<P,L的实际功率小于L的实际功率,故B错误;
(2)两灯并联时,电压相等,R1<R2,由I=可知,通过甲的电流大于乙的电流,故C错误;
D、两灯并联时,电压相等,由P=UI,I=可得P=,R<R;所以甲的实际功率大于乙的实际功率;故D正确.
故选D.
点评:
本题考查了电功率公式和串联特点的灵活应用,关键是知道额定电压下灯泡的实际功率和额定功率相等.

 

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30.(2分)(2014•成都)下列关于能量的说法中,不正确的是(  )

 
A.
所有能量转化过程,都遵守能量守恒定律
 
B.
汽油机的做功冲程中,内能转化为机械能
 
C.
电动机在工作的过程中,电能转化为机械能的效率小于1
 
D.
物体受到平衡力的作用时,其重力势能一定保持不变

 

考点:
能量转化与守恒观点的应用;能量的相互转化.
专题:
功和能综合题.
分析:
(1)在能的转化过程中,能的总量保持不变,这就是能量守恒定律;
(2)内燃机的做功冲程中实现了内能向机械能的转化;
(3)电动机是将电能转化为机械能的机器,电能转化为机械能的效率小于1;
(4)物体受到平衡力的作用时,其重力势能受其质量和离地高度的影响.
解答:
解:A、所有能量转化过程,都遵守能量守恒定律,故A正确.不符合题意.
B、汽油机的做功冲程中,内能转化为机械能,不B正确.不符合题意.
C、电动机在工作的过程中,因为还存在电能转化为内能,则电能转化为机械能的效率小于1,故C正确.不符合题意.
D、物体受到平衡力的作用时,其重力势能受其质量和离地高度的影响,若上升高度处于变化中,则其重力势能是变化的,故D错误.不符合题意.
故选D.
点评:
此题考查内容较多,解题时逐一分析解答是解题关键.

 

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B卷五、选择题

29.(2分)(2014•成都)小燕同学在做“研究凸透镜成像规律”实验时,将点燃的蜡烛、凸透镜、光屏调节到如图所示的位置,光屏中心正好出现清晰的像(未画出).下列说法中正确的是(  )

 

 
A.
凸透镜的焦距为25cm
 
B.
屏上的像是倒立缩小的实像
 
C.
蜡烛燃烧变短,屏上像的位置会下降
 
D.
取走光屏,则凸透镜不成像

 

考点:
凸透镜成像规律及其探究实验.
专题:
透镜及其应用.
分析:
(1)根据图示信息不能确定焦距大小;
(2)能在光屏上成像,并且物距大于像距,只有u>2f,2f>v>f,成倒立缩小实像;
(3)因为经过光心的光线方向不发生改变,则蜡烛变短时,像应该先上移动;
(4)凸透镜成像与有无光屏无关.
解答:
解:A、根据图示信息不能确定焦距大小,故A错误;
B、能在光屏上成像,并且物距大于像距,只有u>2f,2f>v>f,成倒立缩小实像,故B正确;
C、因为经过光心的光线方向不发生改变,则蜡烛变短时,像应该先上移动,故C错误;
D、凸透镜成像与有无光屏无关,所以取走光屏,则凸透镜仍能成像,故D错误.
故选:B.
点评:
在凸透镜成像实验中,注意物距条件的应用和把握,熟知成像规律是解题关键.

 

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28.(8分)(2014•成都)“探究串联电路的电压关系”的实验电路如图1所示.

(1)为了使探究得出的结论具有普遍意义,L1、L2应该选择 不相同 (选填“相同”或“不相同”)的小灯泡.

(2)小明根据图1连接好电路,闭合开关,电压表示数如图2所示,为了使实验结果更准确,接下来他应该 断开开关,换用小量程,重做实验

(3)测出L1两端的电压后,小明断开开关,准备拆下电压表,改装在B、C之间.小聪认为小明的操作太麻烦,只需将与A点相连的导线改接到C点即可.小聪的办法是否正确?答: 不正确

(4)测量完成后,进行小组交流讨论,如表选录了四个小组的数据,你认为这些数据是否合理,请说明理由.

答: 合理,因为实验存在误差

 实验小组
 L1两端电压/V
 
 L2两端电压/V
 串联总电压/V
 1
 1.4
 3.1
 4.5
 2
 3.0
 1.3
 4.4
 3
 1.1
 1.7
 2.9
 4
 1.8
 1.2
 3.0

 

 

考点:
探究电流与电压、电阻的关系实验.
专题:
探究型实验综合题.
分析:
(1)为了使探究得出的结论具有普遍意义,应该选取不同的小灯泡进行实验;
(2)根据电压表所示信息,可以确定选择量程过大了,接下来应该,断开开关,换用小量程;
(3)根据电路图分析可以看出,直接改接一端连线,会造成电压表正负接线柱接反了;
(4)串联电路两端的电压等于各部分电压之和.
解答:
解:(1)为了使探究得出的结论具有普遍意义,应该选取不同的小灯泡进行实验;
(2)根据图2电压表所示情况可知,电压表指针偏转角度太小,误差过大,所以接下来需要断开开关,换用较小量程重新做实验;
(3)测出L1两端的电压后,小明断开开关,准备拆下电压表,改装在B、C之间.小聪认为小明的操作太麻烦,只需将与A点相连的导线改接到C点即可.这样做是不可以的,因为根据电路图分析可以看出,直接改接一端连线,会造成电压表正负接线柱接反了;
(4)测量完成后,进行小组交流讨论,如表选录了四个小组的数据,这些数据是合理的,因为因为实验存在误差.
故答案为:
(1)不相同;(2)断开开关,换用小量程,重做实验;  (3)不正确;(4)合理,因为实验存在误差.
点评:
该题考查学生对于“探究串联电路的电压关系”实验的理解和掌握,是中考的重点.

 

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