依题意：              

=1s          

故木盒在2s内的位移为零           

得：            

设木盒减速运动的时间为t₁,加速到与传送带相同的速度的时间为t₂，则：

（2）设第1个球与木盒的相遇点离传送带左端的距离为s，第1个球经过t₀与木盒相遇,则：                           

设第1个球进入木盒后两者共同运动的加速度为a，根据牛顿第二定律：

代入数据，解得：             v₁=3m/s      

19、解：（1）设第1个球与木盒相遇后瞬间，两者共同运动的速度为v₁,根据动量守恒定律：

联立解得：n =- = 11 次  

② 当木块返回O点时的动量与第2颗子弹射入木块前的动量等大反向，子弹和木块组成的系统总动量等于零。射入子弹的颗数n=2、4、6、8……时，都是如此，由动量守恒定律可知，子弹打入后系统的速度为零，木块静止，上升高度h=0      

③ 当 n为奇数时，由动量守恒和机械能守恒得：

mV₀ = (nm + M)Vn                   

(nm + M)Vn²/2 = (nm + M)gR/4        

联立解得：  V₀ = 10                 

18、解：① 设第一颗子弹射入木块后两者的共同速度为V_1，由动量守恒得

mV₀ = (m + M)V₁                    

木块由O上滑到C的过程，机械能守恒

(m + M)gR = (m + M)V₁²/2