由于题中R₁＞R₂，所以用端值法只假设R₁=0是不够的。

【分析解答】

【错解】

采用“端值法”，当P移至最左端时，R₁＝0，则R_l消耗的电功率变为0，由此可知，当滑片P自右向左滑动过程中，R₁的电功率是变小的。

【错解原因】

【评析】

电路中的局部电路(开关的通断、变阻器的阻值变化等)发生变化必然会引起干路电流的变化，进而引起局部电流电压的变化。应当牢记当电路发生变化后要对电路重新进行分析。

例7  如图9－11所示，电源电压保持不变，变阻器R₁的最大值大于R₂的阻值，在滑片P自右向左滑动过程中，R₁的电功率如何变化？

【错解原因】

分析电路时应注意哪些是恒量，哪些是变量。图9－10电路中电源电动势ε是恒量，灯L₁和L₂正常发光时，加在灯两端电压和通过每个灯的电流是额定的。错解中对电键K闭合和断开两种情况，电路结构差异没有具体分析，此时随灯所在支路电流强度不变，两种情况干路电流强度是不同的，错误地将干路电流强度认为不变，导致了错误的结果。

【分析解答】

解法一：设所求阻值R′₂，当灯L₁和L₂正常发光时，加在灯两端电压力额定电压U_L。

当K闭合时，ε₁=U_L+I₁(R₁+r+R₂)

当K断开时，ε₂=U_L+I₂(R₁+r+R′₂)，

又 ∵ε₁=ε₂=ε  I₁=2I₂=2I，(I为额定电流)

得ε= U_L＋2I(R¹＋r＋R₂)                                 ①

ε=USL＋I(R¹＋r＋R′₂)                             ②

①-②I(R₁＋r＋2R₂-R₂′)=0  但I≠0，∴R₁+r＋2R₂=R′₂即R′₂=20+2+2×14=50Ω

解法二：设所求阻值R′₂，当灯L₁和L₂正常发光时，加在灯两端电压为额定电压U_L，由串联电路电压分析可得：

【错解】

设所求电阻R′₂，当灯L₁和L₂都正常发光时，即通过灯的电流达额定电流I。

为原来的一半，所以选A、B。

【错解原因】

忽略了每根电阻丝都有一定的额定功率这一隐含条件。

【分析解答】

将电阻丝剪去一半后，其额定功率减小一半，虽然这样做在理论上满足使热量增加一倍的要求，但由于此时电阻丝实际功率远远大于额定功率，因此电阻丝将被烧坏。故只能选B。

【评析】

考试题与生产、生活问题相结合是今后考试题的出题方向。本题除了需要满足电流、电压条件之外，还必须满足功率条件：不能超过用电器的额定功率。

例6  如图9－10所示的电路中已知电源电动势ε=36V，内电阻r=2Ω，R₁=20Ω，每盏灯额定功率都是2W，额定电压也相同。当K闭合调到R₂=14Ω时，两灯都正常发光；当K断开后为使L₂仍正常发光，求R₂应调到何值？

流过R₃的电量为△Q=Q_C＋Q′_C=1.7×10^－5(C)

【评析】

对于电容电量变化的问题，还要注意极板电性的正负。要分析清电容器两端的电势高低，分析全过程电势变化。

例5  在电源电压不变的情况下，为使正常工作的电热器在单位时间内产生的热量增加一倍，下列措施可行的是

(    )

A、剪去一半的电阻丝

B、并联一根相同的电阻丝

C、串联一根相同的电阻丝

D、使电热器两端的电压增大一任

【错解】

此时电容器带电量Q′_C=CU₁=0.7×10^-5(C)