3．图中字母与其所对应的地质构造和地貌，组合正确的是　　　　　　　　　　　　　　　　　　 (　　 )

A．S-向斜-山谷　 M-背斜-山地　 V-断层-山谷

B．S-背斜-山谷　 M-向斜-山地　 V-断层-山谷

C．S-向斜-山谷　 M-断层-山谷　 V-背斜-山地

D．S-断层-山谷　 M-向斜-山谷　 V-背斜-山地

2．下列关于图中陆地区域发生地理现象的叙述，可信的是　　　　　　　　　　　　　　　　　　 (　　 )

A．3-5月份，昼变长　　 　　　　　　　　　　　 B．6-8月份，昼变短

C．9-11月份，昼变长　　 　　　　　　　　　　　 D．12-次年2月，昼变短

读下图回答3-4题。

1．如图所示，海拔最高的地方，位于图中心点的　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　 (　　 )

A．东面　　　 　　　　 B．西面　　　 　　　 C．南面　　　 　　　　 D．北面

31．(1)D

　 (2)物质循环 能量流动　 (3)种类　 越强　 一定限度　 遭到破坏

(4)亚硫酸、硝酸 酸雨 生态平衡

30．(1)氨基酸种类及排列顺序　

　 (2)氨基酸种类、数目及排列顺序

　 (3)催化　 调节　 免疫　 运输

　　　　 　　　　　H

(5)多样性　 其功能的多样性

　 (6)570　　 3444

　 (7)蛋白质分子结构中的某些键断裂，使结构紊乱，失去了生物活性

29．(1)丙　 ①因反应有水生成，试管口应略低于试管底部； ②通入H₂的导气管应伸入到氧化铜的上方，有利于将试管中的空气排净。

(2)反应前除要称量样品质量外(已知ag)，还要检查装置的气密性，称量装置D(含NaOH溶液)的质量，为测定铜绿的质量分数留存数据　 将B中的导气管升高至离开酸液液面，再熄灭酒精灯，以防止酸液倒流　 继续通入氢气至试管冷却后再停止通氢气　　 防止还原后的灼热的铜再被氧化　 样品由绿色变成黑色，　 最后变成光亮的红色

(3)实验前、后装置D的质量

26．

(1)取代　　 酯化　

27(l)　　 (2)

　 (3)BaCO₃或BaCO₃和BaSO₄的混合物　 在所得沉淀丙中加入稀盐酸，若沉淀全部溶解，说明沉淀丙是BaCO₃；若沉淀仅部分溶解，说明沉淀丙是BaCO₃和BaSO₄的混合物。

　 (4)气体甲有5种可能：①H₂S　 ②SO₂　 ③CO₂ ④CO₂ 和H₂S　 ⑤CO₂和SO₂

　 (5)Na⁺、、、、、、、、。提示：第一步，对给出的阳离子进行分析。在9种离子中加入过量的强酸HBr时能生成气体甲，说明原溶液中至少有 、、这 3种里面的一种，则可推知原溶液中一定不含。进而推出淡黄色沉淀甲一定不是，肯定是单质S。也即说明原溶液中的和一同时存在。既然原溶液中含有，则原溶液中一定不含和 。所以原溶液中一定含有 Na⁺。

　 第二步，对给出的阴离子进行分析。向溶液中加入过量NH₄HCO₃，有白色沉淀乙生成，这只能是沉淀，进而推知原溶液中一定存在，在第一步操作(即加入过量HBr)时，把它转化成，生成的再与加入的NH₄HCO₃发生双水解反应生成沉淀并放出CO₂。

　 另外，溶液甲中剩余的HBr可与加入的NH₄HCO₃反应放出CO₂，所以气体乙是CO₂。溶液乙中加入过量的Ba(OH)₂共热，放出的气体丙是NH₃。所得白色沉淀丙的组成有两种可能：若原溶液中无，沉淀丙是BaCO₃；若原溶液中有，则沉淀丙是BaCO₃和BaSO₄的混合物。

　 不能肯定原溶液中是否含有。气体甲的成分要分两种情况来确定：若原溶液中无，则气体甲可能是H₂S，也可能是；若原溶液中有，则气体甲的成分又有3种可能，即CO₂、CO₂和H₂S的混合物、CO₂和CO₂的混合物。

28(l)O₂ CO　　 (2)

24．解：(1)因带电粒子的加速度方向沿电场方向，故可以肯定粒子带正电。撤去电场加上磁场后带电粒子仍从e点飞出，因此可确定磁场方向垂直纸面向外，如图所示。

(2)带电粒子在电场作用下做类平抛运动。设盒子边长为L，粒子的质量为m，带电量为q，从a点运动到e点的时间为t，由运动学知识有

　 　　　　　解之可得　　

撤去电场加上磁场后，设粒子作圆周运动的半径为R，由洛伦兹力公式和牛顿第二定律有

　 得 　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　②

由上式看出，要比较E、B，就必须找出粒子在磁场中做圆周运动的圆心O，从而确定半径R的大小。

如图所示，弦ae的中垂线必过粒子圆周运动的圆心。因粒子进人点所受洛伦兹力F的方向沿ab边，因此ae 弦的中垂线与ad边的交点即为圆心O。由几何关系有

　　 解之得R＝5L／8

　 将其代入②式可得　 　　………………③

　 由①③即得

25解：(1)物体m从点A滑至点B机械能守恒，得；物体m滑上小车运动至D时，物体与小车系统动量守恒，得，设物体与小车间的摩擦力为f，对物体与小车系统应用动能定理得：，对物体m，有；物体滑至最高点P，设点P距点E高为h，由机械能守恒得：

，联解得：h＝R／4；。

　 (2)物体从轨道 EF滑下将滑上小车时具有动能为：，而物体与小车系统在前面运动过程中已损失能量为，由＜可知物体在小车滑到壁BC之前已相对小车静止，且不能到达车左端。设物体、小车共同速度为v₂，由动量守恒定律得：，设物体相对小车运动位移为s₁，由动能定理得，联解得：s₁＝R／4。

　 当小车与壁BC相碰停下后，物体m将以速度v₂在摩擦力f作用下做匀减速直线运动直至停下，设滑行距离为s₂，由动能定理得，解得 s2＝ R／8。所以物体停止点到小车右端距离s为：。

23．解：本题的物理过程较简单，多数同学都能列出两个方程式。设碰撞前后两粒子的速度分别为v₁、v₂和v’₁、v’₂，由动量守恒定律和能的转化和守恒定律有

　………………①

　…………②

　可是，两个方程式四个未知量，不能求解。有些同学到此“思维卡壳”，解题陷入困境。要摆脱困境，须重新审题，继续挖掘隐含条件。仔细分析题文中“要求碰撞前两粒子的总动能为最小”和“在碰撞过程中损失的动能为定值E₀”的条件，可获得信息，两粒子碰撞后的动能之和为零(这是本题中的隐含条件)，即有

　　 ……………………③

　　 由于动能不能为负值，因而有

　　 v’₁＝0，　 v’₂＝0………………④

　　 将④代入①②解得 　　

　 负号表示碰撞前两粒子速度方向相反。

22．(1)测量R_x的电路图如图所示。　　　　　

　 (2)　 I为电流表A₂的读 数，U为电压表V₂的读数，为电压表V₂的内阻