7．若该图为地球侧视图且大圆为经线圈，P点自转

速度为零且位于一大陆上， M点位于P点和中心点

的中央，则M点的常年盛行风为

A．西北风　　 B．西南风　 C．东北风　　 D．东南风

6．若图示为中纬度环流，Q地位于大陆西部沿海。

则Q地最有利发展

A．热带种植园农业　　　　　 　B．乳畜业　 　　　

C．商品谷物农业　　　　　　 D．水稻种植业

读图3，回答7-11题。

5．若图示地区在北半球。理论上，c、d之间的稳定水平气流方向(风向)为

A．东风 　　　　　B．东北风　　 　　　

C．南风　　　　　 D．西南风

4．若图示为热力环流形势，则a地与b地的气压(P)和气温(T)

A．P_a＞P_b；T_a＞T_b　　　　　　　　　 B．P_a＜P_b；T_a＜T_b　　

C．P_a＜P_b；T_a＞T_bD．P_a＞P_b；T_a＜T_b

3．这一天，某旅游团在杭州西湖欣赏到了罕见的“日全食”天文奇观。当日，杭州的昼长为M(小时)，则下列哪一天杭州昼长最接近24-M(小时)

A．10月22号　　　 B．5月22号　　　　 C．2月22号 　　 　D．1月22号

读图2,回答4-6题。

2．成都与重庆日全食的相关描述正确的是

A．成都开始晚、持续时间长　　　　　　　 　B．成都开始早、持续时间短

C．重庆结束早、持续时间长　　　　　　　 D．重庆结束晚、持续时间短

1．月影带自东向西移动的原因是

A．地球自西向东自转　　　　　　　　　 B．地球自西向东公转

C．月球自西向东自转　　　　　　　　　 D．月球自西向东公转

40.(2009常州中学月考)　 跳水是一项优美的水上运动，如图甲是2008年北京奥运会跳水比赛中小将陈若琳和王鑫在跳台上腾空而起的英姿。其中陈若琳的体重约为30 kg，身高约为1.40m，她站在离水面10m高的跳台上，重心离跳台面的高度约为0.80m，竖直向上跃起后重心升高0.45m达到最高点，入水时身体竖直，当手触及水面时伸直双臂做一个翻掌压水花的动作，如图13乙所示，这时陈若琳的重心离水面约为0.80m。设运动员在入水及在水中下沉过程中受到的水的作用力大小不变。空气阻力可忽略不计，重力加速度g取10m/s²。(结果保留2位有效数字)

(1)求陈若琳从离开跳台到手触及水面的过程中可用于完成一系列动作的时间；

(2)若陈若琳入水后重心下沉到离水面约2.2m处速度变为零，试估算水对陈若琳的阻力的大小。

答案：(1)陈若琳跃起后可看作竖直向上的匀减速运动，重心上升的高度h₁＝0.45m

设起跳速度为v₀，则，上升过程的时间

解得　 t₁＝＝0.3 s

陈若琳从最高处自由下落到手触及水面的过程中重心下落的高度h＝10.45m　

设下落过程的时间为t₂，则

解得 ＝s≈1.4 s

陈若琳要完成一系列动作可利用的时间t＝t₁+t₂＝1.7s　 　

说明：t₂用s表示也给分。　

(2)陈若琳的手触及水面到她的重心下沉到离水面约2.2m处的位移s＝3.0 m

手触及水面时的瞬时速度　　　　　

设水对运动员的作用力为F_f，依据动能定理有

解得 F_f＝1.3´10³N　　　　　　　　　　　

说明：用其他方法求解，正确的也给分

39.(巢湖市六中2008-2009学年度高三第一次月考)质量为M的圆环用细线(质量不计)悬挂着，将两个质量均为m的有孔小珠套在此环上且可以在环上做无摩擦的滑动，如图所示，今同时将两个小珠从环的顶部释放，并沿相反方向自由滑下，试求：

(1)在圆环不动的条件下，悬线中的张力T随cosθ(θ为小珠和大环圆心连线与竖直方向的夹角)变化的函数关系，并求出张力T的极小值及相应的cosθ值；

(2)小球与圆环的质量比至少为多大时圆环才有可能上升？

答案 (1)每个小珠受重力mg和支持力N作用，小珠在θ处有：

机械能守恒：得：

对环分析得：

即：

当(即)时：

(2)由上面得到的N的表达式知，当时，N＞0，为压力；只有当时，N＜0，为拉力，这是圆环上升的必要条件。圆环上升的条件是T≤0，即：临界状态为

上式有实根的条件为

38.(肥西中学高三物理第二次月考试卷)如图所示，质量均为m的物块A和B用弹簧连结起来，将它们悬于空中静止，弹簧处于原长状态，A距地面高度H=0.90m，同时释放两物块，A与地面碰撞后速度立即变为零，由于B的反弹，A刚好能离开地面。若B物块换为质量为2m的物块C(图中未画出)，仍将它们悬于空中静止且弹簧为原长，从A距地面高度为H’处同时释放，设A也刚好能离开地面。已知弹簧的弹性势能E_P与弹簧的劲度系数k和形变量x的关系是：E_P=kx²。试求：(1)B反弹后，弹簧的最大伸长量。(2)H’的大小

答案：(1)A落地时，B的速度为

υ_B=　　　　　　　　　　　　　　　　①

设反弹后上升的最大高度为x，

A恰好离开地面时 kx=mg 　　　　　　　　②

由系统机械能守恒 　mυ_B²=mgx+kx² 　　③

由①②③联立得　 x=0.6m

(2)将B换成C后，A落地时，C的速度为　 υ_C=　

C反弹后上升到最高时A刚好离开地面，　　 故仍有 kx=mg

由系统机械能守恒

1/2·2mυ_c²=2mgx+kx²　　　　　　 解得：H’=0.75m