3．晚清政府某官员上书称，“该两国带兵二万分踞京城，……倘有包藏祸心，势必据为己有，乃仅以增索五十万现银及续增各条为请，其为甘心愿和，不欲屡启衅端，实属可信。”从材料和所学知识，下列分析正确的是

①材料中的两国指的是法国和美国　　　　 ②清朝统治者对西方列强侵略本质认识不清

③材料史实出现于19世纪60年代　　　　 ④清朝政府从此成为列强统治中国的工具

A．①②③④　　　　　　 B．①④　　　　　　 　 C．②③　　　　　　　　 D．②③④

2．1876年清政府正式派官员和商人携赴美国费城参加国际博览会。大清国的展品“物件悉遵华式，专为手工制造，无一借助机器。” 经评判，中国赛品“以丝、茶、瓷器、绸货、雕花瓷器、景泰器，在各国中推为第一。”材料反映了

①中国的传统手工业产品仍驰名中外 ②鸦片战争以后西方商品的输入对中国传统手工业冲击不大

③机器工业在中国尚未形成优势地位 ④清政府的政策逐渐发生了变化

A．①②③　 　　　　　　 B．②③④　 　　　　　　 C．①③④　 　　　　　　 D．①②④

1．“经济足匡时，筹楚饷、克杭城、平粤寇、底定关陇回疆，尽瘁江闽，先幕后官，遍历艰苦成铁汉；诗书能报国，精天文、熟地理、详水利、谙练吏才兵略，兼通洋务，出将入相，不求温饱是真儒。”该题词称赞的是

A．曾国藩　　　　　　　 B．李鸿章　　　　　 C．张之洞　　　　　　　 D．左宗棠

13．(1)因体积恒定的容器中，温度与压强均未改变，则反应前后气体体积不变，x+2=2+3，x=3

v(A)=

则v(B)=　 v(A)=

(2)若温度不变，压强变为9/10P，由

参加反应的n(A)=0.4mol-0.1mol·L^-1×2L=0.2mol，

平衡时n(A)=0.4mol-0.2mol=0.2mol

参加反应的n(B)=0.3mol，平衡时n(B)=0.6mol-0.3mol=0.3mol

生成n(C)=×0.2mol=0.1x mol，n(D)= 0.2mol

x=2，v(C)==

14(1) ；向右

(2)　 (C)　 大于．

15(1)v₀=2.73×10^-8 mol/(L•s)

(2)当I₂消耗一半时，

c(CH₃COCH₃)=0.1mol/L-1/2×0.01mol/L=0.095mol/L，

c(H⁺)=0.1mol/L+1/2×0.01mol/L=0.015mol/L，此时的反应速率

v_t=2.73×10^-5×0.095×0.015mol/(L•s)=3.89×10^-8 mol/(L•s)显然 v_t > v₀，所以反应速率比开始时快。

12．A的物质的量浓度　　 0.75 mol/L

1mol/L <C(B)<1.5 mol/L

讲析：从反应关系看，B物质的量浓度变化值为A的2倍。由图示可知，A物质的量浓度变化值大于0.5mol/L，小于0.75 mol/L，则1mol/L <C(B)<1.5 mol/L。

11．在10℃时反应速率v_B为0.3 mol·(L·s)^-1，则v_A^‘为0.1 mol·(L·s)^-1， 　解得x=4。

10．④>②=③>①

讲析：比较化学反应速率大小的方法：

①由反应速率之比与物质的化学计量数之比，比较后作出判断。②将不同物质表示的速率换算为同一物质表示的速率，再比较速率数值大小。

1．D　 2．D　　 3．C　 4．A　　 5．AB　　 6．BD　 7．C　 8．AC　 9．CD

讲析：1．化学反应速率通常用单位时间内反应物浓度的减少或生成物浓度的增加来表示。本题中未明确指出容器的容积，故无法判断。　3．压强对反应速率影响的原因仅仅是由于气体压强的改变而引起气体浓度的改变，从而导致速率的改变。C选项涉及的反应中反应物和生成物都没有气体，故选C。　4．答题时不能只考虑混合前两反应物的浓度，否则易误选B。确定反应速率大小的原因是两种反应物的溶液与一定量的水混合后所得溶液中反应物浓度的大小。前者混合溶液中两反应物浓度都为1/25mol·L^-1，后者混合溶液中两反应物浓度都为1/30mol·L^-1，故ν₁＞ν₂。　5．增加固体接触面积和增大气体压强，可加快正反应速率。C中Fe₂O₃不是该反应的催化剂，D项中降温可减小速率。故选AB。　6．由图示可知， EF段表示的平均速率最快；EF段，用盐酸表示该反应的平均反应速率为2n(CO₂)/(0.1L×1min)= 2×0.02mol/(0.1L×1min)=0.4mol/(L·min)；OE、EF、FG三段中，该反应用二氧化碳表示的平均反应速率之比为2:4:1；G点表示收集的CO₂的量最多，为784mL。　7．块状CaCO₃不如粉状CaCO₃反应快，由各自的量决定了最后生成CO₂一样多，且反应就此停止。　8．根据同温同体积密闭容器中，压强之比等于物质的量的之比列式求解。准确地解决此类问题，一般需要建模，这样各物质之间量的关系非常明确。 9．催化剂能同等倍数地改变正、逆反应速率，A正确。加压v_正、v_逆均增大，气体体积之和大的一侧增大倍数大于体积之和小的一侧增加的倍数，B正确。降温v_正、v_逆均减小，吸热反应减小的倍数大于放热反应减小的倍数，C不正确。加入氩气，如恒温恒容，v_正、v_逆均不变；如恒温恒压，相当于降压，D不正确。

5．(1)KIO₃；0.5　

(2)决定反应速率的一步反应是慢反应①　　

(3)I₂会使淀粉变蓝，从反应过程和机理看，只有当SO₃^2-消耗完，才会有I₂存在。

检测提高

1．B　　 2．C　　 3．BC　 4．AC

讲析：1．由题知2s时C的浓度为0.6mol/L，根据化学方程式中化学计量数比，可算出B的变化浓度为0.3 mol/L，进而确定B的浓度是(1 mol/L-0.3 mol/L)=0.7 mol/L；A的变化浓度为0.6 mol/L，从而求A的转化率为30%；用C表示的反应的平均速率为0.3mol·(L·min)^-1，可推知用A表示的反应的平均速率为0.3 mol·(L·min)^-1，用B表示的反应的平均速率为0.15 mol·(L·min)^-1。对照各选项，符合题意的是B。　2．开始时盐酸浓度和镁带表面积会影响反应速率，又因此反应为放热反应且有H₂产生，则温度和容器的密闭情况也成为影响该反应速率的因素。　3．加入碳酸钠固体，反应掉硫酸，会使生成氢气总量减少，A不选；加入水，溶液中c(H⁺)减低，反应速率减缓，但溶液中H⁺的物质的量不变，故生成氢气总量不变，B可选；加入硫酸钾溶液，相当于加水稀释，C可选。加入硫酸铵固体，显然不能减慢反应速率，D不选。故答案为B、C。　4．C为固态反应物，增加其用量对反应速率几乎没有影响；容器体积缩小一半相当于压强增大一倍，浓度增大，正、逆反应速率均增大；体积不变，充入N₂体系总压强增大，但反应混合物浓度并未改变，反应速率基本不变；充入N₂使容器体积增大，总压强不变，但反应混合物浓度同等程度变小，正、逆反应速率均变慢。