0  330912  330920  330926  330930  330936  330938  330942  330948  330950  330956  330962  330966  330968  330972  330978  330980  330986  330990  330992  330996  330998  331002  331004  331006  331007  331008  331010  331011  331012  331014  331016  331020  331022  331026  331028  331032  331038  331040  331046  331050  331052  331056  331062  331068  331070  331076  331080  331082  331088  331092  331098  331106  447090 

1.已知集合,则 (  )

A.  B.  C.   D.

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51、

             

解:(1)当T= G时,F = 0   (2分)

时,  (2分)

      所以F的取值范围是0≤F≤2G.   (2分)

(2)当F=2G时,,由功能关系得:

F力做功W =GL(1-cosθ)   (2分)

求得W=0.55 G    (2分)

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50、则细线AB、BC中的拉力分别如何变化?

解:⑴B、C两球都带负电荷;理由略     ①

⑵由对称性知:qB= qC                      

 B球受三力作用,如图所示。

根据平衡条件有:

kcos60°= k            ③

解①②两式得:

qB =                    ④

(3)AB细线中拉力增大,BC中仍无作用力  

评分标准:①③④②各2分,⑤是1分

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49、(1)赛车转弯时所需的向心力由地面的摩擦力提供,即f = F = M . (4分)

(2)设赛车受到的气动压力为N,受到地面的支持力为N′,则:

N′= N + Mg  .         (2分)

        由题意知        (2分)

    解得:  .       (2分)

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48、(1)由(b)图可知,木块所受到的滑动摩擦力Ff =3.12N   (1分)

Ff =μFN                                   (1分)

得μ====0.4               (1分)

(2)物体受重力G、支持力FN、拉力F和摩擦力Ff作用.将F分解为水平和竖直两方向,根据牛顿运动定律

Fcosθ-Ff=ma                       (1分)

Fsinθ +FN= mg                      (1分)

Ff =μFN                         (1分)

联立各式得F=4.5N                     (1分)

(3)全过程应用动能定理

WF+Wf=0                        (1分)

WF=Fxcosθ                       (1分)

x=                         (1分)

代入数据得Wf=-14.4J       

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47、1)(M+m)g(2)mg/tanα

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46、.解析:作出A受力图如图所示,由平衡条件有:

F.cosθ-F2-F1cosθ=0

    Fsinθ+F1sinθ-mg=0

要使两绳都能绷直,则有:F1

由以上各式可解得F的取值范围为:

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45、解:(1)X= T=kX =k

(2)设A静止时离O’的距离为r,此位置处A将受到四个力的作用,有N+Fcosα=mg

Fsinα=f

F=kh/cosα   fmax=μN

∴kr=f≤fmax=μ (mg-kh)     r≤μ (mg-kh)/k

这表明,滑块可以静止在以O’为圆心,μ (mg-kh)/k为半径的圆域内的任意位置.

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33、D34、AB35、AD36、C 37、BCD38、C39、D40、ABD41、AD43、B44、C45、D46、D47、D

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32、C

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