0  334351  334359  334365  334369  334375  334377  334381  334387  334389  334395  334401  334405  334407  334411  334417  334419  334425  334429  334431  334435  334437  334441  334443  334445  334446  334447  334449  334450  334451  334453  334455  334459  334461  334465  334467  334471  334477  334479  334485  334489  334491  334495  334501  334507  334509  334515  334519  334521  334527  334531  334537  334545  447090 

49、如图所示,粒子源S可以不断地产生质量为m、电荷量为+q的粒子(重力不计).粒子从O1孔漂进(初速不计)一个水平方向的加速电场,再经小孔O2进入相互正交的匀强电场和匀强磁场区域,电场强度大小为E,磁感应强度大小为B1,方向如图.虚线PQMN之间存在着水平向右的匀强磁场,磁感应强度大小为B2(图中未画出).有一块折成直角的硬质塑料板abc(不带电,宽度很窄,厚度不计)放置在PQMN之间(截面图如图),ac两点恰在分别位于PQMN上,ab=bc=Lα= 45°.现使粒子能沿图中虚线O2O3进入PQMN之间的区域.

(1) 求加速电压U1

(2)假设粒子与硬质塑料板相碰后,速度大小不变,方向变化遵守光的反射定律.粒子在PQMN之间的区域中运动的时间和路程分别是多少?

解:(1)粒子源发出的粒子,进入加速电场被加速,速度为v0,根据能的转化和守恒定律得:                       (2分)

要使粒子能沿图中虚线O2O3进入PQMN之间的区域,

则粒子所受到向上的洛伦兹力与向下的电场力大小相等,

得到                     (2分)

将②式代入①式,得             (1分)

(2)粒子从O3以速度v0进入PQMN之间的区域,先做匀速直线运动,打到ab板上,以大小为v0的速度垂直于磁场方向运动.粒子将以半径R在垂直于磁场的平面内作匀速圆周运动,转动一周后打到ab板的下部.由于不计板的厚度,所以质子从第一次打到ab板到第二次打到ab板后运动的时间为粒子在磁场运动一周的时间,即一个周期T

和运动学公式,得           (2分)

粒子在磁场中共碰到2块板,做圆周运动所需的时间为       (2分)

粒子进入磁场中,在v0方向的总位移s=2Lsin45°,时间为     (2分)

t=t1+t2=                       (2分)

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48、(南京市2008届第二次调研)(本题12分)在同时存在匀强电场和匀强磁场的空间中取正交坐标系oxyz(z轴正方向竖直向上),如图所示。已知电场方向沿z正方向,场强大小为E,磁场方向沿y轴正方向,磁感应强度的大小为B,重力加速度为g。问:

一质量为m、带电量为+q的从原点O出发的质点能否沿某一坐标轴上沿速度v做匀速运动?若能,mqEBvg应满足怎样的关系?若不能,说明理由。

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47、如图,真空中有一个平行板电容器,极板长L0=10cm,间距d= cm,两极板接在电压u=200sin(100πt )V的交流电源上,在平行板电容器右端L1=20cm处有一个范围足够大的匀强磁场,磁场方向垂直纸面向里,磁感应强度为B=×10-2T.一束带正电的粒子以v0= ×105m/s的速度沿着两极板的中轴线飞入电场,粒子的比荷q/m=1×108C/kg,不计粒子的重力.问:

(1)何时飞入的粒子在电场中不发生偏转?这样的粒子进入磁场的深度多大?

(2)何时飞入的粒子在离开电场时偏转最大?这样的粒子进入磁场的深度多大?

(3)第(2)问中的粒子从飞入电场到离开磁场经过的总时间为多大?

(1)粒子飞越电场的时间t0= L0/ v0  t0=(/3) ×10-6s  (1分)  T=0.02s  t0<< T 

所以,每个粒子飞越电场的过程中,可以认为此时的电场是恒定的,要在电场中不偏转,条件是u=0 (1分) 即  100πt=  n=0、1、2、3…

所以进入的时刻为:t=n/100s  (1分)

或   t1=0、10-2 s、2×10-2 s、3×10-2 s、4×10-2s...   

在磁场中有B v0q=m v02/R   R= m v0/Bq   R=0.1m  即深度(1分)

(2)粒子飞越电场的最大偏转距离最多为d/2  假设这时的电压为U0

    =       U0 =  (1分)   代入得:U0=100V

由100=200sin100пt  并考虑到对称性可得:t=  (2分)

  t2=×10-2 s、(1)×10-2 s、(2)×10-2 s、(3)×10-2 s、...

粒子的出射角度tan==   tan=  =300(1分)

 出射速度v=  (1分)      R/ =   R/=cm(1分)

 打入深度D= R/(1+sin) (1分)    D=10cm(1分)

考虑到向上偏转的情况,打入深度D’= R’ (1-sin) (1分)

D’= cm(1分)

(3)在电场和磁场之间飞行时间t3=  t3=×10-6s  在磁场中的飞行时间

t4=2T/3   T=   t4=   

 t= t0+t3+t4=(1+)×10-6s(1分)

考虑到向上偏转的情况,在磁场中的飞行时间t5 =T/3

t’= t0+t3+t5=(1+)×10-6s   (1分)

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46、如图所示,K与虚线MN之间是加速电场,虚线MNPQ之间是匀强电场,虚线PQ与荧光屏之间是匀强磁场,且MNPQ与荧光屏三者互相平行,电场和磁场的方向如图所示,图中A点与O点的连线垂直于荧光屏.一带正电的粒子从A点离开加速电场,速度方向垂直于偏转电场方向射入偏转电场,在离开偏转电场后进入匀强磁场,最后恰好垂直地打在荧光屏上.已知电场和磁场区域在竖直方向足够长,加速电场电压与偏转电场的场强关系为U=Ed,式中的d是偏转电场的宽度,磁场的磁感应强度B与偏转电场的电场强度E和带电粒子离开加速电场的速度v0关系符合表达式v0=.若题中只有偏转电场的宽度d为已知量,则

(1)画出带电粒子轨迹示意图;

(2)磁场的宽度L为多少?

(3)带电粒子在电场和磁场中垂直于v0方向的偏转距离分别是多少?

解:(1)轨迹如图所示     

(2)粒子在加速电场中,由动能定理有

 

粒子在匀强电场中做类平抛运动,设偏转角为,有           

       

   

                

U=Ed  

解得:θ=45º

由几何关系得,带电粒子离开偏转电场速度为

粒子在磁场中运动,由牛顿第二定律有:qvB=m[来源:##]

在磁场中偏转的半径为

由图可知,磁场宽度L=Rsinθ=d

  (3)由几何关系可得:带电粒子在偏转电场中距离为

在磁场中偏转距离为

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45、如图所示的坐标系,x轴沿水平方向,y轴沿竖直方向。在x轴上方空间的第一、第二象限内,既无电场也无磁场,在第三象限,存在沿y轴正方向的匀强电场和垂直xy平面(纸面)向里的匀强磁场。一质量为m、电荷量为q的带电质点,从y轴上y = h处的P1点以一定的水平初速度沿x轴负方向进入第二象限。然后经过x轴上x = – 2h处的P2点进入第三象限,带电质点恰好能做匀速圆周运动。之后经过y轴上y = – 2h处的P3点进入第四象限。已知重力加速度为g。求:

(1)质点到达P2点时速度的大小和方向;

(2)第三象限空间中电场强度和磁感应强度的大小;

(3)若在第四象限加一匀强电场,使质点做直线运动,求此电场强度的最小值。

[解析](1)质点从P1P2,由平抛运动规律

       h =       (1分)

       v0 =  vy = gt  (1分)

     求出  v =(1分)

     方向与x轴负方向成45°角   (1分)

  (2)质点从P2P3,重力与电场力平衡,洛仑兹力提供向心力

         Eq = mg      (1分)

         Bqv = m    (1分)

         (2R)2 = (2h)2 + (2h)2  

     解得   E =     B =    (2分)

  (3)质点进入第四象限做直线运动,当电场强度的方向与运动方向垂直时电场强度最小,由            (2分)

得:              (2分)

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44、如图所示,MN是一固定在水平地面上足够长的绝缘平板(右侧有挡板),整个空间有平行于平板向左、场强为E的匀强电场,在板上C点的右侧有一个垂直于纸面向里、磁感应强度为B的匀强磁场,一个质量为m、带电量为-q的小物块,从C点由静止开始向右先做加速运动再做匀速运动.当物体碰到右端挡板后被弹回,若在碰撞瞬间撤去电场,小物块返回时在磁场中恰做匀速运动,已知平板NC部分的长度为L,物块与平板间的动摩擦因数为μ,求:

(1)小物块向右运动过程中克服摩擦力做的功;

(2)小物块与右端挡板碰撞过程损失的机械能;

(3)最终小物块停在绝缘平板上的位置.

解:(1)设小物块向右匀速运动时的速度大小为v1,由平衡条件有

                                          ①(1分)

   设小物块在向右运动过程中克服摩擦力做的功为W,由动能定理有

                                                ②(2分)

   由①②式解得                                  ③

                  ④(2分)

(2)设小物块返回时在磁场中匀速运动的速度大小为v2,与右端挡板碰撞过程损失的机械能为,则有

                                                   ⑤(2分)

                                             ⑥(1分)

由③⑤⑥式解得             ⑦(2分)

(3)设最终小物块停止的位置在板上C点左侧x距离处,由能量守恒定律有

                    ⑧(2分)

⑤⑧式解得                                ⑨(2分)

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43、如图所示,某一真空区域内充满匀强电场和匀强磁场,此区域的宽度 d = 8 cm , 电场强度为E,方向竖直向下,磁感应强度为 B ,方向垂直纸面向里,一电子以一定的速度沿水平方向射入此区域.若电场与磁场共存,电子穿越此区域时恰好不发生偏转:若射入时撤去磁场,电子穿越电场区域时,沿电场反方向偏移量 y=3.2 cm :若射入时撤去电场,电子穿越磁场区域时也发生了偏转.不计重力作用,求: ( l )电子射入时的初速度的表达式; ( 2 )电子比荷的表达式: ( 3 )画出电子穿越磁场区域时(撤去电场时)的轨迹并标出射出磁场时的偏转角 α ; ( 4 )申子穿越磁场区域后(撤去电场时)的偏转角 α .

①  v0=E/B

② q/m=2yE/B2d2

③ α=tan-12y/d

④ α=sin-12y/d   

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22.解:(1)设椭圆方程为

 解得   

椭圆方程为………4分

(2)直线平行于,且在轴上的截距为,又

的方程为:………5分

  

直线与椭圆交于两个不同点,

解得………8分

(3)设直线的斜率分别为,只需证明即可………9分

,且

可得:

………11分

故直线轴始终围成一个等腰三角形。………14分

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21.(本题满分12分)

(Ⅰ)

………2分

有极大值,而………3分

………5分

(Ⅱ)

时,








 

 

 


递增

递减

………8分

时,








 

 

 


递减

递增

………11分

综上………12分

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20.解:(Ⅰ) ……2分

时,是首项为,公比为 的等比数列

,即……4分

时,仍满足上式。

数列通项公式为……6分

(Ⅱ)由(Ⅰ)得,当时,

……8分

两式作差得

……12分

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