1.两个相距很近的平行金属板中间夹上一层绝缘物质,就组成一个最简单的电容器,叫做___________.实际上,任何两个__________________ 又_______________ 的导体,都可以看成一个电容器.
3.情感目标
结合实际,激发学生学习物理的兴趣。
学习重点
电容的概念。
学习难点
电容的定义和引入。
对平行板电容器的动态分析。
自主学习
2.能力目标
①知道利用比值法定义物理量。
②学会在实验中用控制变量法的实验方法,提高学生综合运用知识的能力。
1.知识目标
①知道什么是电容器以及常用的电容器。
②理解电容器的电容概念及其定义,并能用来进行有关的计算。
③知道公式及其含义,知道平行板电容器的电容与哪些因素有关。
④会对平行板电容器问题的动态分析。
11.如图22所示,已知轻弹簧发生弹性形变时所具有的弹性势能Ep=kx2.其中k为弹簧的劲度系数,x为其形变量.现有质量为m1的物块与劲度系数为k的轻弹簧相连并静止地放在光滑的水平桌面上,弹簧的另一端固定,按住物块m1,弹簧处于自然长度,在m1的右端连一细线并绕过光滑的定滑轮接一个挂钩.现在将质量为m2的小物体轻轻的挂在挂钩上.设细线不可伸长,细线、挂钩、滑轮的质量及一切摩擦均不计,释放m1.求:
(1)m1速度达最大值时弹簧伸长的长度;
(2)m1的最大速度值.
解析:(1)FT-kx=m1a①
m2g-FT=m2a②
由①②得m2g-kx=(m1+m2)a,③
当a=0时,m1、m2速率达最大值,所以x=.④
(2)系统机械能守恒,以弹簧原长处为弹性势能零点,m2刚挂上时的位置为重力势能零点,则系统初态机械能为零,故有:(m1+m2)v2+kx2-m2gx=0⑤
将④式代入⑤式解得v=±,
故速度大小为v=.
答案:(1) (2)
10.如图21甲所示,AB是一段位于竖直平面内的光滑轨道,高度为h,末端B处的切线方向水平.一个小物体P从轨道顶端A处由静止释放,滑到B端后飞出,然后落到地面上的C点,其落地点相对于B点的水平位移为OC=l.现在轨道下方紧贴B点安装一水平传送带,传送带的右端B′与B点相距为.当传送带静止时,让物体P再次由A点自静止释放,它离开轨道并在传送带上滑行一段后从传送带右端水平飞出,仍然落在地面上的C点.当驱动轮转动带动传送带以速度v匀速向右运动(其他条件不变)时,物体P的落地点变为D,如图21乙所示.
(1)求P滑至B点时的速度大小.
(2)求P与传送带之间的动摩擦因数.
(3)当传送带的速度v=时,OD间的距离为多少?
图21
解析:(1)对A→B过程:mgh=mv
所以v0=.
(2)当传送带静止时,物体在空中运动的时间也为t,水平位移为,因此物体从传送带右端抛出的速度
v1==,t==.
根据动能定理,物体在传送带上滑动时,有
-μmg=mv-mv.
解得μ=.
(3)当v=时,物体先做减速运动,再做匀速运动,最终以速度飞出,所以OD间距离为
s=+vt=+l.
答案:(1) (2) (3)+l
图22
9.如图20所示,传送带与水平面之间的夹角为θ=30°,其上A、B两点间的距离为s=5 m,传送带在电动机的带动下以v=1 m/s的速度匀速运动,现将一质量为m=10 kg的小物体(可视为质点)轻放在传送带的A点,已知小物体与传送带之间的动摩擦因数μ=/2,在传送带将小物体从A点传送到B点的过程中,求:(g取10 m/s2)
(1)传送带对小物体做的功;
(2)电动机做的功.
解析:(1)根据牛顿第二定律μmgcosθ-mgsinθ=ma知,物块上升加速度为a=g=2.5 m/s2,
当物块的速度为v=1 m/s时,位移是s==0.2 m,
即物块将以v=1 m/s的速度完成4.8 m的路程,
由功能关系得:
W=ΔEk+ΔEp=mgssinθ+mv2=255 J.
(2)电动机做功使小物体机械能增加,同时小物体与传送带间因摩擦产生热量Q,由v=at得t==0.4 s,
相对位移s′=vt-t=0.2 m,
摩擦生热Q=μmgs′cosθ=15 J,
故电动机做的功为W电=W+Q=270 J.
答案:(1)255 J (2)270 J
8.(2009年重庆模拟)将一物体从地面竖直上抛,设物体做上抛运动过程中所受的空气阻力大小恒定,物体在地面时的重力势能为零,则物体从抛出到落回原地的过程中,物体的机械能E与物体距地面高度h的关系正确的是( )
解析:因有空气阻力做负功,所以物体的机械能减小,减小的机械能等于物体克服空气阻力做的功,ΔE=f·h,两者为一次函数关系,当物体落回原抛出点时机械能不为零,故A正确.
答案:A
图20
7.一物块从如图19所示的弧形轨道上的A点由静止开始滑下,由于轨道不光滑,它仅能滑到B点.由B点返回后,仅能滑到C点,已知A、B高度差为h1,B、C高度差为h2,则下列关系正确的是( )
A.h1=h2 B.h1<h2
C.h1>h2 D.h1、h2大小关系不确定
解析:由能的转化和守恒定律可知,物块由A到B的过程中重力势能减少mgh1,全部用于克服摩擦力做功,即WfAB=mgh1,同理:WfBC=mgh2,又随着小滑块最大高度的降低,运动过程中的同位置处滑块对轨道的压力变小,必有WfAB>WfBC,所以mgh1>mgh2,得:h1>h2,C项正确.
答案:C
6.一物体获得一竖直向上的初速度从某点开始向上运动,运动过程中加速度的方向始终竖直向下,大小为4 m/s2,则正确的说法是(g取10 m/s2)( )
A.上升的过程中物体的机械能不断增加,重力势能增加
B.下降的过程中物体的机械能不断增加,重力势能减小
C.整个过程中物体的机械能不变
D.物体下落回到抛出点时的机械能和抛出时的机械能相等
解析:根据牛顿第二定律F合=ma即mg-F=ma,F=6m方向竖直向上,即物体在受到自身重力的同时还受到向上的F=6m的拉力,上升过程中,F做正功,物体机械能增加,重力做负功,重力势能增加,故A正确;下降过程中F做负功,物体机械能减小,重力做正功,重力势能减小,B错误;运动过程中F做功,故机械能变化,C错;而从抛出到落回抛出点的整个过程中F做功的代数和为零,即W其他=0,所以落回抛出点时的机械能还等于抛出时的机械能,故D正确.
答案:AD
图19
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