0  377714  377722  377728  377732  377738  377740  377744  377750  377752  377758  377764  377768  377770  377774  377780  377782  377788  377792  377794  377798  377800  377804  377806  377808  377809  377810  377812  377813  377814  377816  377818  377822  377824  377828  377830  377834  377840  377842  377848  377852  377854  377858  377864  377870  377872  377878  377882  377884  377890  377894  377900  377908  447090 

11.NO2、NO、CO2

  Cu + 4HNO3(浓)=Cu(NO3)2 + 2NO2↑ +2H2O

3Cu + 8HNO3 = 3Cu(NO3)2 + 2NO↑ + 4H2O

CaCO3 + 2HNO3 = Ca(NO3)2 + CO2↑ + H2O

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10. (0.1+a)mol  讲析:n(Cu)=0.05mol, n(Cu2+)= 0.05mol n(H+)=a mol 由电荷守恒原理可知 n(NO3-)=0.05mol×2 + amol = (0.1+a)mol

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9.强氧化性,NO2气体。强氧化性,棕色,阴暗处。

浓盐酸、浓硝酸。3:1。

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3.4NO2 + O2 +2H2O = 4HNO3  由该反应可知生成的NO2 、O2恰好反应生成硝酸,无气体余.4. H+、Fe2+、NO3-发生氧化还原反应不能大量共存。H+、HCO3-反应而不能大量共存。 5.Cu与稀H2SO4不反应,加硝酸盐后,Cu、H+、NO3-反应。 8.0.8mol电子转移时,参加反应的Mg为0.4mol,所以HNO3被还原成+1或-3。产物为N2O或NH4NO3

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1.BD  2.D  3.C  4.AD  5.AD  6.C  7.D  8.BC

讲析:1.Cu + 4HNO3(浓)=Cu(NO3)2 + 2NO2↑ +2H2O

      C + 4HNO3(浓)=CO2↑+ 4NO2↑ +2H2O

  所以单质在反应中显示+2、+4。

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4.(1)稀,a、c。  (2)a、c

  (3)b  ,Cu(OH)2 、 Fe(OH)3

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3.n(Cu)= 0.0006mol,n(NO+NO2)=0.001mol

  所以n(HNO3)=0.0006*2mol + 0.001mol=0.0022mol

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2.设参加反应的金属2mol,被还原的硝酸1mol

根据电子守恒原理;2a = 5- X

讨论;a=1时,X=3

    a=2时,X=1

    a=3时,X=-1

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1.AC  2.C  3.C

讲析:1.(1)Cu + 4HNO3(浓)=Cu(NO3)2 + 2NO2↑ +2H2O

(2)3Cu + 8HNO3 = 3Cu(NO3)2 + 2NO↑ + 4H2O

(3) 2Cu + O2    2CuO,

CuO + 2HNO3 = Cu(NO3)2+H2O

制得1mol Cu(NO3)2需4mol浓HNO3,需8/3mol稀HNO3,Cu先氧化成CuO,再变成Cu(NO3)2,需2molHNO3

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13.在100ml混合酸的溶液中,硝酸的物质的量浓度为0.5mol/L,硫酸的物质的量浓度为0.15mol/L,向其中加入5.76g铜粉,微热,使其充分反应。

(1)求溶液中Cu2+的物质的量浓度.

(2)若要使5.76g铜粉完全溶解,且溶液中只存在一种盐,则原溶液中的硝酸和硫酸的物质的量浓度分别是多少?

14(1998年上海高考题).65%HNO3(质量为M1)中加72%Mg(NO3)2溶液(质量为M2)后蒸馏。分别得到97.5%HNO3和60%Mg(NO3)2溶液(不含HNO3)。

(1)若蒸馏过程中HNO3、Mg(NO3)2、H2O均无损耗,求蒸馏前的投料比M1/M2的值。

(2)蒸馏过程中,若H2O的损耗占总质量的5.0%,即有(M1+M2)×5.0%的H2O流失。则投料时,比值M1/M2应该       (选填增大、减小或不变)。

(计算过程)

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